江苏省无锡市锡山区中考一模物理试卷（解析版）

这是一份江苏省无锡市锡山区中考一模物理试卷（解析版），共27页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

1. 下列数据，符合实际的是（ ）
A. 夏天一般将空调温度设定为37℃
B. 人正常步行速度约为5m/s
C. 一名中学生的质量约为60kg
D. 普通壁挂式空调正常工作电流约为0.5A
【答案】C
【解析】A．人体的正常体温是37℃左右，变化幅度小，而夏天一般将空调温度设定为26℃，是人体感觉舒适的温度，故A不符合题意；
B．根据常见物体的运动速度可知，人正常步行速度约为1.1m/s，故B不符合题意；
C．根据常见物体的质量可知，一名中学生的质量约为60kg，故C符合题意；
D．普通壁挂式空调正常工作时功率约为1100W，工作电流约为
故D不符合题意。
故选C。
2. 下列光学现象及其解释正确的是（ ）
A. 图a中，漫反射的光线杂乱无章，因此不遵循光的反射定律
B. 图b中，木工师傅观察木板是否光滑平整利用了光直线传播的性质
C. 图c表示的是小孔成像情况，屏幕上出现的是物体倒立的虚像
D. 图d表示太阳光经过三棱镜色散后的色光排列情况
【答案】B
【解析】A．根据光的反射定律可知，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律，故A错误；
B．木工师傅用一只眼睛沿着棱的方向看过去，能看到另一端，就说明木板的棱是直的，这是利用光的直线传播原理，故B正确；
C．小孔成像，是光的直线传播原理形成的，成的是倒立的实像，故C错误；
D．太阳光通过三棱镜后，被分解成各种颜色的光，在白屏上形成一条彩色的光带，因为这条彩色的光带颜色依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，最上面是红光，最下面的为紫光，故D错误。
故选B。
3. 火锅，古称“古董羹”，因食物投入沸水时发出的“咕咚”声而得名，是中国独创的美食之一。它可根据个人喜好加入不同汤料和食物，使得众口可调、老少皆宜。下列说法错误的是（ ）
A. “冰冻肥牛卷”放置一段时间会变软，该过程需要吸热
B. 汤汁沸腾后，改用更大火加热，汤汁温度继续升高
C. 手不能太靠近蒸气，因为蒸气液化放热会烫伤皮肤
D. 在煮食物的过程中，汤汁会越来越少，该过程需要不断吸热
【答案】B
【解析】A．“冰冻肥牛肉卷”放置一段时间会变软，是因为牛肉卷中的冰熔化了，熔化时要吸收热量，故A正确，不符合题意；
B．沸腾的条件是达到沸点，温度不变，不断吸热，把火锅中的汤汁加热至沸腾后，改用更小火加热，汤汁温度不变，故B错误，符合题意；
C．高温水蒸气遇到温度低的人体皮肤时，在人的皮肤表面会发生液化现象，液化放热，所以将会导致皮肤被烫伤，故C正确，不符合题意；
D．在煮食物的过程中，汤汁会越来越少，是因为汤汁中的水吸热汽化成为水蒸气，汽化需要吸热，故D正确，不符合题意。
故选B。
4. 和大多数物质一样，汽油也有热胀冷缩的性质，随着气温的上升，对于储存在加油站的汽油，下列说法正确的是（ ）
A. 质量不变，密度变小B. 质量变小，密度不变
C. 质量不变，密度不变D. 质量变大，密度变大
【答案】A
【解析】储存在加油站的汽油，其质量不随温度改变；汽油由于气温升高体积变大，在质量不变时，由可知，其密度变小，故A正确，BCD错误。
故选A。
5. 春晚中很多节目都会使用舞台机械升降演员，来增加表演空间的层次感。如图所示，当演员在匀速升起的升降台上不动时，下列说法正确的是（ ）
A. 以观众为参照物，该演员是静止的
B. 以观众为参照物，升降台是静止的
C. 以该演员为参照物，升降台是运动的
D. 以该演员为参照物，观众是运动的
【答案】D
【解析】A．演员和观众间的空间位置发生变化，所以以观众为参照物，演员是运动的，故A错误；
B．升降台和观众间的空间位置发生变化，所以以观众为参照物，升降台是运动的，故B错误；
C．演员和升降台间的空间位置没有发生变化，所以以演员为参照物，升降台是静止的，故C错误；
D．演员和观众间的空间位置发生变化，所以以演员为参照物，观众是运动的，故D正确。
故选D。
6. 如图所示，张老师站在公交车上，随平直路面上行驶的公交车一起运动（不考虑空气阻力）。下列分析正确的是（ ）
A. 张老师对公交车的压力和张老师的重力是一对相互作用力
B. 张老师对公交车的压力与公交车对张老师的支持力是一对平衡力
C. 当公交车紧急刹车停止时，张老师会受到惯性的作用向前倾
D. 当公交车加速时，张老师会受到摩擦力
【答案】D
【解析】A．张老师对公交车的压力方向向下，重力方向竖直向下，方向相同，不是一对相互作用力，故A错误；
B．张老师对公交车的压力作用在公交车上，公交车对张老师的支持力作用在张老师身上，作用在不同物体上，大小相同，方向相反，是一对相互作用力，故B错误；
C．惯性是物质的一种属性，不能说“受到”惯性的作用，故C错误；
D．当公交车加速时，张老师与公交车有相对运动或相对运动趋势，张老师会受到向前的摩擦力，故D正确。
故选D。
7. 物理课外活动课期间，小鸣从实验室里拿来两杯没有贴标签的水和盐水，如图所示，并准备了如下图所示的四组实验器材，其中不能用来区别的组合是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】A．将橡皮泥做成碗形，可使它漂浮于水和盐水中，橡皮泥受到的浮力相等，都等于它的重力，盐水的密度较大，根据可知，它在盐水中会上浮一些，用铅笔标记它在水和盐水中时液面到达橡皮泥的位置，即可区别出水和盐水，故A不符合题意；
B．利用细线和小石块，可以使小石块浸在水和盐水中，但是没有任何测量工具，也不会产生不同现象，无法区别水和盐水，故B符合题意；
C．盐水的密度大于水的密度，用天平和量筒可分别测量水和盐水的质量和体积，利用计算密度，即可区别出水和盐水，故C不符合题意；
D．液体压强和液体深度、密度有关，当深度相同时，液体密度越大，压强越大，将压强计的金属盒分别浸在水和盐水中，利用刻度尺使金属盒处在相同深度，利用压强计U形管两侧液面差可判断压强大小，区别出水和盐水，故D不符合题意。
故选B。
8. 如图1所示，用甲、乙两个滑轮组分别将物体M、N匀速提升1m，拉力分别为F甲、F乙，此过程相关数据如图2所示，下列有关此过程的说法中正确的是（ ）
A. 提升物体时的拉力大小关系为F甲B. 甲、乙两个滑轮组中，绳子自由端移动的距离之比为2︰3
C. 物体M、N的重力大小关系为GM=GN
D. 乙滑轮组机械效率比甲低
【答案】C
【解析】AB．由图1可知，甲滑轮组中绳子承重段数n甲=3；乙滑轮组中绳子承重段数n乙=2；由图2可知，甲、乙滑轮组的总功分别为W甲总=1200J，W乙总=800J，用甲、乙两个滑轮组分别将物体M，根据s=nh可知
s甲=n甲h=3×1m=3m
s乙=n乙h=2×1m=2m
绳子自由端移动的距离之比为
s甲︰s乙=3m︰2m=3︰2
两滑轮组中，绳端拉力分别为
因此F甲=F乙，甲滑轮与乙滑轮组所用的拉力相同，故AB错误；
C．由图丙可知
W甲有用=1200J-800J=400J
乙滑轮组做的有用功为
W乙有用=800J-400J=400J
由W有用=Gh可知
因此GM=GN，故C正确；
D．由图丙可知，甲滑轮组做总功为1200J，做额外功为800J，机械效率
乙滑轮组做总功为800J，做额外功为400J，机械效率
因此乙滑轮组机械效率比甲高，故D错误。
故选C。
9. 下列流程图是用来说明单缸四冲程汽油机的一个工作循环及涉及到的主要能量转化情况．关于对图中①②③④的补充正确的是（ ）
A. ①做功冲程②内能转化为机械能③压缩冲程④机械能转化为内能
B. ①压缩冲程②内能转化为机械能③做功冲程④机械能转化为内能
C. ①压缩冲程②机械能转化为内能③做功冲程④内能转化为机械能
D. ①做功冲程②机械能转化为内能③压缩冲程④内能转化为机械能
【答案】C
【解析】汽油机的四个冲程分别是吸气冲程，压缩冲程，做功冲程和排气冲程，所以①压缩冲程，把机械能转化为内能，也就是压缩对气体做功使其内能增大温度升高 ③是做功冲程，把内能转化为机械能．对照答案C对．
10. 疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻为R0保护电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（ ）
A. 显示仪显示通过R0的电流
B. 被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小
C. 热敏电阻R随着温度的升高阻值减小
D. 将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小
【答案】C
【解析】A．因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，测量的是R0的两端电压，故A错误；
B．被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，由P=UI可知，电路消耗的功率也越大，故B错误；
C．被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故C正确；
D．温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。
故选C。
11. 我国未来的航母将采用自行研制的电磁弹射器，如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，下列实验中与电磁弹射器工作原理一致的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A实验为奥斯特实验，说明了电流周围存在着磁场，故A错误；
B图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电动机的原理相同，故B正确；
CD两图中均没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，它们均为电磁感应实验，故CD错误；
故选B。
12. 某实验小组设计了一种测定水平方向风力的装置（如图甲）。绝缘轻弹簧的左端固定在压敏电阻R上，右端与中心有孔、表面竖直的金属迎风板相连，一起套在粗细均匀的水平金属杆上，迎风板与金属杆之间的摩擦忽略不计，电源电压保持7.5V不变，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，小灯泡上标有“6V 3W”字样，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变），压敏电阻R的阻值随压力的变化规律如图乙所示。为了保证电路安全，下列说法正确的是（ ）
①电路中的最大电流值为0.8A
②压敏电阻的阻值变化范围是3~18Ω
③当压敏电阻所受的压力为0时，小灯泡的实际功率为0.75W
④当压力由0变大到5N时，电压表的示数从4.5V减少到1.5V
A. 只有③④B. 只有②③
C. 只有①④D. 只有①②
【答案】B
【解析】①由可知小灯泡的电阻
由得小灯泡正常发光时的电流
所以为了保证电路安全，电路中的最大电流值是0.5 A，故①错误；
②当电路中的最大电流值是0.5 A时，压敏电阻阻值最小，灯泡两端的电压U额=6 V，压敏电阻两端的电压
U压小=U-U额=7.5V-6V=1.5V
由得压敏电阻的阻值
由图乙可知，当F=0时，压敏电阻的阻值最大，压敏电阻此时的阻值是18Ω，所以压敏电阻的阻值变化范围是3~18Ω，故②正确；
③当压敏电阻所受的压力为0时，压敏电阻R=18Ω，电路中的电流为
小灯泡的实际电压为
U实=I小RL=0.25A×12Ω=3V
小灯泡的实际功率为
P实=U实IL=3V×0.25A=0.75W
故③正确；
④由上述可知，当压力为0时，压敏电阻R=18Ω，压敏电阻的电压为
U压1=I小R=0.25A×18Ω=4.5V
由①可知，当电压表的示数为1.5V时，压敏电阻的阻值为3Ω，由图可知此时的压力为6N，故④错误。
故选B。
二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分）
13. 2022年10月12日，神舟十四乘组的陈冬、刘洋、蔡旭哲三位宇航员，进行了太空授课，宇航员的声音是靠声带的__________产生的，观众能听出是刘洋的声音，这是通过声音的__________辨别出来的。宇航员用葫芦丝演奏《月光下的凤尾竹》，用相同的力气吹奏“葫芦丝”时按不同的孔，可以改变声音的__________（填“音调”“响度”或“音色”）。
【答案】振动 音色 音调
【解析】[1]声音是由物体振动产生的，宇航员的声音是靠声带的振动产生的。
[2]不同的人发出的声音不同，声音各具特色。观众能听出是刘洋的声音，这是通过声音的音色辨别的。
[3]用相同的力气吹奏“葫芦丝“时按不同的孔，空气柱的长短发生了变化，振动的频率发生了变化，音调发生了变化。
14. 如图所示是我国某自主品牌生产的新能源汽车。汽车挡风玻璃倾斜安装，是为了避免________（选填“车内”或“车外”）物体通过挡风玻璃成像对司机造成干扰，所成的像是________（选填“虚像”或“实像”）。
【答案】车内 虚像
【解析】[1]汽车玻璃在成像时，相当于平面镜，它倾斜安装时，车内物体所成的像不在车的正前方，可避免成像对司机造成干扰。
[2]物体在平面镜中所成的像是通过反射形成的虚像。
15. 小聪春节时和父母自驾到东北游玩，途中发现车窗玻璃出现水雾，可以擦车窗玻璃的________（选填“内侧”或“外侧”）除雾；到了东北后，小聪在零下三十多摄氏度的极寒气温下洒出一杯96℃以上的热水，看到出现了“泼水成冰”的景观（如图所示），“成冰”这一过程发生的是________现象。（填物态变化名称）
【答案】内侧 凝华
【解析】[1]春节时，车内的温度较高，车外的温度较低，则车内热的水蒸气遇到冷的玻璃，液化成小水珠附在车窗内侧，形成水雾。
[2]泼水成冰，是泼出去的热水立刻凝成冰凌，这是因为热水周围含有大量的水蒸气，当水蒸气遇到温差较大的环境时，会迅速地放热降温凝华为小冰晶。
16. 如图所示，点燃蜡烛会使它上方的扇叶旋转起来。这是因为蜡烛的火焰使附近空气的温度升高，体积膨胀，空气的密度变______，所以热空气______（填“上升”或“下降”）形成气流，气流流过扇叶时，带动扇叶转起来。冬天房间里开空调时，应该让热风向______（选填“上”或“下”）吹，房间内才会很快变得暖和起来。
【答案】小 上升 下
【解析】[1][2]点燃蜡烛，蜡烛上方的空气，吸收热量，温度升高，体积膨胀，密度变小，密度小的热空气上升，形成对流，吹动扇叶转动。
[3]实验说明温度能够改变气体的密度，根据气体的这种变化规律，空调让热风往下方吹，因为它密度低，它会上升，可以使整个屋子很快暖和起来。
17. 小明和他的同学参加漂流活动，如图所示，乘坐漂流艇时，发现狭窄区域，流体流速会增加。当他的漂流艇处于如图位置时A处水的压强 _____B处水的压强（选填“大于”“等于”“小于”），艇将 _______河岸（选填“靠近”“远离”）。
【答案】大于 靠近
【解析】[1][2]如图所示，乘坐漂流艇时，发现狭窄区域，流体流速会增加，即B处流速大于A处流速，根据流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大，即当他的漂流艇处于如图位置时A处水的压强大于B处水的压强，艇将靠近河岸。
18. 某同学为测一物体质量，找到一个力电转换器，该转换器的输出电压正比于受压面的压力，如图，测量时先调节输入电压，使转换器空载时输出电压为0，而后在其上放一物体，即可测得与物体质量成正比的输出电压。该力电转换器中的主要元件是_________材料（选填“光敏”、“热敏”、“压敏”），该装置在称量物体质量时，要水平放置，理由是________。
【答案】压敏 因水平放置，重力与压力的方向相同，压力的大小与重力的大小才相等
【解析】[1]力电转换器的原理是：利用转换器的输出电压正比于受压面的压力来工作，则力电转换器要感应到受压面受到的压力，所以力电转换器中的主要元件应使用压敏材料制成。
[2]因为称量物体质量时，是通过测量的物体对受压面产生的压力来工作的，所以压力和重力的大小相等时，才能由该装置称量出物体的质量，于是根据压力与重力的关系可知：水平放置时，压力的方向是竖直向下，压力的大小与重力的大小才相等。
19. 无锡地铁4号线，于2021年12月17日开通运营一期工程（刘潭站至博览中心站），标志色为紫色。
（1）列车流线型车身可以减小行驶过程的________力，车体采用轻量化铝合金制造，充分利用了铝合金________小的特性。
（2）车厢内的电视通过无线网络播放节目，无线网络是利用________（选填“电磁波”或“声波”）传递信号。
（3）列车采用再生制动方式，将刹车损失的能量转化为车站内照明等设备使用的_______能。
【答案】（1）阻 密度 （2）电磁波 （3）电
【解析】（1）[1]流线型车身能够使列车所受的空气阻力减小，减小能量的损耗。
[2]铝合金的密度小，相同体积的列车，用铝合金制作，列车的质量大大减小，从而减少列车对地面的压力，进而减小列车所受摩擦力，减小能量的损耗。
（2）电视通过无线网络播放节目，是通过电磁波来传递信息。
（3）再生制动方式，能够将刹车时的机械能转化为电能，从而供列车中的电器设备使用。
20. 如图甲所示是“不同物质的吸热情况”实验装置，小明用两个相同的容器分别装入A、B两种液体，用相同的装置加热。
（1） 实验时应量取两种液体的___________相同；
（2） 用相同的酒精灯加热时，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较，这种研究方法是___________；
（3） 根据实验数据绘制的温度与时间的关系如图乙所示，分析图像可知，两种液体的比热容cA___________cB（填 “大于”、“等于”或“小于”）。冬天小明想制作一个暖手袋，若从A或B中选一种液体装入暖手袋中制作供热物质，则应选择：___________（填“A”或“B”）。
【答案】（1）质量 （2）转换法 （3）大于 A
【解析】（1）[1]实验时应量取两种液体的质量相同，使AB液体吸收相同的热量，比较升高温度的多少或者使AB两液体升高相同的温度，比较吸收热量的多少。
（2）[2]使用相同的酒精灯，加热相同时间，酒精灯放出热量相同，液体吸收热量相同，加热时间越长，液体吸收热量越多，实验中采用转换法，通过加热时间来比较两种液体吸收热量的多少。
（3）[3]由图得，相同质量的两液体，加热相同时间，吸收相同热量，B液体温度升高较大，由得，则
[4]冬天小明想制作一个暖手袋，若从A或B中选一种液体装入暖手袋中制作供热物质，则应选择A液体，A液体比热容较大，降低相同的温度，放出热量更多。
21. 如图所示是电阻R和灯泡L的I-U图像，由图甲可知，电阻R的阻值是________Ω，将电阻R和灯泡L接在图乙电路中，开关S闭合，电流表示数为0.3A，则电源电压为________V，通电5min整个电路消耗电能为________J。
【答案】10 4 360
【解析】[1]由图甲中图像可知，电阻R为定值电阻，当其两端电压为6V时，通过它的电流为0.6A，则其电阻为
[2]图乙中电阻R和灯泡L串联，则当电流表示数为0.3A时，通过电阻R和灯泡L的电流都是0.3A。由图甲可知，此时电阻R和灯泡L两端的电压分别为3V和1V，则电源电压为
U'=UR+UL=3V+1V=4V
[3]通电5min整个电路消耗电能为
22. 物理综合实践小组调查了学校上周的用电情况，如图为两次记录的电能表示数，学校这一周消耗的电能为_________，调查得知，学校共有电功率为40W的日光灯400盏，它们之间是_________联的，他们建议将这些灯更换为15W的节能护眼灯，若每盏灯每月工作90h，更换后，学校因该项目每月共节省电费__________元。[电费单价为0.5元/（）]
【答案】5000.0 并 450
【解析】[1]电能表最后一位为小数位，所以学校这一周消耗的电能为
W=57023.6kW·h-52023.6kW·h=5000.0kW·h
[2]日光灯在工作时，用电器之间互不影响，因此是并联。
[3]依题意得，换灯后学校一月可节省电
W1=（0.04kW-0.015kW）×90h×400=900kW·h
每月共节省电费
900kW·h×0.5元/（kW·h）=450元
23. 如图所示是小亮同学用压强计“研究液体内部的压强”的实验。
（1）比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越__________；
（2）比较图乙和图丁，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，你认为小亮的判断是________的（选填“合理”或“不合理”），理由是__________；
（3）实验中小亮发现，当探头在不同液体中相同深度处，U形管两边液面的高度差对比不明显，她做了一些改进，下面操作不能使U形管两边液面高度差对比更明显的是_________。
A. 将U形管换成更细的
B. U形管中换密度更小的液体
C. 丁实验中换密度更大的液体
【答案】（1）大 （2）不合理 没有控制探头在液体中的深度相同 （3）A
【解析】（1）因为液体压强大小是通过压强计的U形管中两侧液体的高度差来显示的，且高度差越大说明液体压强越大，比较图乙和图丙可知液体密度相同，而探头所处液体深度不同，深度越大，U形管两侧液面高度差越大，因此由图可知同种液体，深度越深，液体的压强越大。
（2）[1][2]当探究液体压强与密度的关系，需要控制探头在液体中的深度不变，液体的种类不同。图乙和图丁中，探头在液体中的深度不同，液体的种类也不同，没有控制探头在液体中的深度相同，不满足控制变量法的要求，因此小亮的判断不合理。
（3）A．液体压强与U形管的横截面积无关，将U形管换成更细的，不会使U形管两侧液面高度差对比更明显，故A符合题意；B．当探头的深度相同时，U形管中的液体密度越小，则U形管两侧液面高度差越大，故B不符合题意；C．丁图中换用密度更大的盐水时，同一深度处的液体压强将增大，因此U形管两边液面的高度差对比会更明显，故C不符合题意。
24. 扫地机器人逐步进入普通家庭。如图甲所示，扫地机器人具有主动躲避障碍物，自动吸尘、自动返回充电等诸多智能功能。
（1）某扫地机器人标有“12V 30W”，电池容量2500mAh。对机器人中的电池充电过程中，电池属于______（选填“用电器”或“电源”）。已知当扫地机器人剩余电池容量为总容量的25%时，机器人将停止扫地。则机器人的正常工作时电流为______A。充满一次电可以连续工作______min。
（2）扫地机器人前行时如遇阻力过大，就会自动调整方向。原理如乙图所示，电源电压为12V，为定值电阻，为压敏电阻，阻值与所受压力F的大小关系为。当时电路电流；当时触发控制电机而改变前行方向，则改变方向时压敏电阻受到的压力至少为______N。
【答案】（1）用电器 2.5 45 （2）15
【解析】（1）[1]对机器人中的电池充电过程中，电池消耗电能，电池属于用电器。
[2]由题意可知，机器人额定电压为12V，额定功率为30W，则机器人的正常工作时电流为
[3]电池容量，即
已知当扫地机器人剩余电池容量为总容量的25%时，机器人将停止扫地，故机器人用电为总容量的75%，则充满一次电可以连续工作时间
（2）[4]根据阻值与所受压力F的大小关系为可知，当F＝0时，R=10Ω，由图乙可知定值电阻与压敏电阻串联，当电路电流I=0.75A时，有
代入数据得
解得：R0=6Ω。当I1=1.2A时，有
代入数据得
解得此时压敏电阻，阻值与所受压力F的大小关系为，代入数据得
解得：，故当时触发控制电机而改变前行方向，则改变方向时压敏电阻受到的压力至少为15N。
三、解答题（本题共6小题，共40分，其中第26、30题应写出必要的解答过程）
25.
（1）请在图甲中作出入射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB，并标出反射角的度数；
（2）如图乙，一茶杯静止在桌面上，请作出茶杯所受弹力以及茶杯对桌面的压力示意图；
（3）为了外婆的安全与方便，小云妈妈网购了一款人体感应灯。这种灯只有在光线暗、有人靠近时才会自动发光，人离开时自动关闭。请在图丙中画出该灯工作原理的电路图。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】（1）由图甲可知，法线已知，入射角等于60°，根据反射角等于入射角，在法线的左侧作出反射光线OB，反射角等于60°，如图所示：
（2）茶杯静止放在水平桌面上，茶杯受到的弹力是桌面的支持力F支持，画在重心上，方向竖直向上；则茶杯对桌面的压力F压，受力物体是桌面，作用点在桌面上，方向垂直于水平桌面，即竖直向下；从各力的作用点起，沿力的方向画一条带箭头的线段，如图所示：
（3）要求灯只有在光线暗、有人体靠近时才会自动发光，在人离开时自动关闭，说明光敏开关和人体感应器同时控制灯泡，即光敏开关和人体感应开关、灯泡三者串联，为了用电安全，两个开关应接在火线与灯泡之间，电路图如图所示：
26. 节能减排、绿色环保的新能源汽车成为未来汽车发展的方向。某种型号纯电动汽车的部分参数如下表所示：（g取10N/kg）
（1）电动汽车前进和倒车是通过改变________来改变电动机的转动方向的；
（2）纯电动汽车行驶时极为安静，它减弱噪声的途径是在_________（选填“声源处”或“传播途中”）；
（3）空车静止在水平地面上时，对地面的压强为多少________；
（4）假如车上只有质量为60kg的司机一人，汽车以60km/h的速度在平直路面上匀速行驶36km，耗电。设汽车所受的阻力为汽车总重的0.05倍，求电动汽车牵引力所做的功________？电动汽车电能转化为机械能的效率________。
【答案】（1）电流的方向 （2）声源处 （3） （4） 80%
【解析】（1）电动汽车的前进和倒车时，要改变电动机的转动方向，而电动机的转动方向与电流和磁场方向有关，而改变电流方向更为方便；即改变通电导体的电流电动汽车前进和倒退是通过改变电流的方向来改变电动机的转动方向的。
（2）减弱噪声的途径有：声源处、传播过程中以及人耳处；纯电动汽车行驶时极为安静，它减弱噪声的途径是在声源处。
（3）空车静止在水平地面上时，对地面的压力为
根据可得，空车对地面的压强为
（4）[1]此时车的总重为
因为汽车所受的阻力为汽车总重的0.05倍，所以汽车所受的阻力为
因为汽车是做匀速直线运动，受到平衡力作用，所以汽车受到的牵引力和阻力一对平衡力，大小相等，所以，牵引力为
电动汽车牵引力所做的功为
[2]消耗的电能为
所以电动汽车电能转化为机械能的效率为
27. 请根据“探究凸透镜成像规律”的实验回答以下问题：
（1）调整光屏中心、烛焰中心在凸透镜的_________上；
（2）为了确定凸透镜的焦距，小超同学让一束平行光射向凸透镜，移动光屏，直到在光屏上会聚成一点，如图甲所示，则该凸透镜的焦距为________cm；
（3）当蜡烛、凸透镜和光屏按如图乙所示的位置放置时，光屏上得到清晰的像，则：
①生活中________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是应用了这个成像规律。若要使光屏上的像变得再大些，在不改变凸透镜位置的情况下，应将蜡烛向右移动一小段距离，再将光屏向_________移动适当距离；
②若保持蜡烛和光屏的位置不动，只需将凸透镜移动到_________cm的刻度处，可再次在光屏上成清晰的像，此时成像的特点是倒立、_________的实像；
③保持三个元件位置不动，将原凸透镜更换为一个焦距较小的凸透镜后，为了使光屏上再次得到清晰的像，可以在蜡烛和凸透镜之间放置一个________（选填“近视眼镜”或“远视眼镜”）。
【答案】（1）主光轴 （2）10.0 （3）投影仪 右 35.0 缩小 近视眼镜
【解析】（1）为了使像成在光屏中央，应调整光屏中心、烛焰中心、凸透镜的光心在同一高度，即调整光屏中心、烛焰中心在凸透镜的主光轴上。
（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点的位置是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，由图甲可知，刻度尺的分度值为1cm，则凸透镜的焦距为
f=30.0cm-20.0cm=10.0cm
（3）①[1][2]由图乙可知，此时物距为
20.0cm-5.0cm=15.0cm
物距大于1倍焦距小于2倍焦距，成倒立、放大的实像，应用于投影仪；若要使光屏上的像变得再大些，在不改变凸透镜位置的情况下，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，应将蜡烛向右移动一小段距离后，再将光屏向右移动适当距离。
②[3][4]若保持蜡烛和光屏的位置不动，只需将凸透镜移动到35.0cm的刻度处，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，且物距大于像距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，又可在光屏上成清晰的像，此时成像的特点是倒立、缩小的实像。
③[5]保持三个元件位置不动，将原凸透镜更换为一个焦距较小的凸透镜，凸透镜焦距变小，对光的会聚能力变强，会将光线提前会聚成像；为了使光屏上再次得到清晰的像，可以在蜡烛和凸透镜之间放置一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会将光线推迟会聚成像。
28. 小李和小兰五一节假期游玩时捡到了一些鹅卵石，他们想知道这些鹅卵石的密度，便各自选取了一块鹅卵石，分别进行了如下实验：
（1）小李利用天平和量筒等实验器材进行了实验：
①将天平放在水平桌面上，发现指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，此时应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）移动，使天平横梁平衡；
②将鹅卵石放在天平左盘中，横梁恢复平衡时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，则鹅卵石的质量为_________g；
③用细线拴好鹅卵石，把它放入盛有30mL水的量筒中，水面到达的位置如图乙所示，则鹅卵石的密度为_________kg/m3；
（2）小兰利用杠杆制成了一根杆秤。她取来一块质量为60g的鹅卵石，将它挂在A处，且浸没于水中，在B处挂上1个50g钩码，杠杆恰好处于水平平衡，如图丙所示。测得OA=50cm，OB=40cm，则鹅卵石受到的浮力为_______N，鹅卵石的密度为_______g/cm3；在此基础上将OA、OB各增大1cm，杠杆将________（选填“左侧下降”“右侧下降”或“依然平衡”）（g取10N/kg）。
【答案】（1）左 27.4 （2）0.2 3 左侧下降
【解析】（1）①[1]把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针指在分度盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向左调节，使天平横梁在水平位置平衡。
②[2]由图甲知，标尺的分度值为0.2g，游码所对应的质量为2.4g，鹅卵石的质量为
③[3]如图乙所示，量筒的分度值为2mL，量筒鹅卵石和水的体积V2=40mL，鹅卵石的体积为
根据密度公式可得，鹅卵石的密度为
（2）[1]如图丙，杠杆恰好处于水平平衡，由杠杆平衡条件可得
所以，细线对A点的拉力为
根据物体间力的作用是相互的可得，细线对鹅卵石的拉力为
此时鹅卵石处于平衡状态，受力平衡，可得
所以，鹅卵石受到浮力为
[2]此时鹅卵石完全浸没在水中，其排开水的体积等于鹅卵石的体积，根据阿基米德原理可得
所以，鹅卵石的密度为
[3]在此基础上将OA、OB各增大1cm，则左侧
右侧
故左侧下降。
29. 小明在做“测量小灯泡的电功率”实验时，选用的器材如下：两节干电池，一个电流表，一个电压表，一个滑动变阻器，额定电压为2.5V的小灯泡，开关，导线若干。设计的电路如图甲所示：
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整（要求滑片P向右移动，电流表示数变小）________；
（2）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是________；
A. 检查电路是否断路
B. 检查电路是否短路
C. 移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光
（3）通过小灯泡的电流随它两端电压的变化图像如图丙所示，分析图像可知，小灯泡的额定功率为________W；
（4）在某两次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了，小灯泡的阻值变化了，根据灯的电阻变化规律可知______（选填“>”、“<”或“=”）。
【答案】（1） （2）C （3）0.5 （4）>
【解析】（1）“测量小灯泡电功率”实验，连接电路时，电压表应该并联在小灯泡两端，小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应该选择小量程0~3V；要求滑片P向右移动，电流表示数变小，即滑动变阻器的接入阻值变大，根据滑动变阻器“一上一下”的连接原则，应该接左下接线柱。如图所示
（2）因为电流表和电压表都有示数，则可能是小灯泡的实际功率太小，所以应该移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（3）由图丙可知，当小灯泡正常发光时两端电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.2A，所以小灯泡的额定功率为
（4）当滑动变阻器的电阻变小时（总电阻也会变小），由分压原理，其分得的电压变小，根据串联电路电压的规律，则灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，灯泡的功率增大、灯丝温度升高，则灯泡电阻变大，但总电阻变小。根据
可知，只有当的减小量大于的增加量才会让总电阻变小，即ΔR1>ΔR2。
30. 近几年城市部分老小区进行改造，不少多层楼房安装了电梯，给居民出入带来很大的便利。出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示。已知控制电路的电源电压U=6V，保护电阻R1=100欧，压敏电阻R2的阻值随压力F大小变化如图乙所示，电梯底架自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计。
（1）由图乙可知，当压敏电阻受到的压力F增大时，控制电路中的电流________，从而改变电磁铁磁性的强弱。电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，电铃发出警报声，此时，电磁铁上端为________极；
（2）若电梯在20秒内将一位重600牛的乘客匀速提升15米，请计算此时电梯对乘客做功的功率_______；
（3）当电磁铁线圈电流达到20毫安时，衔铁刚好被吸住。若该电梯厢内站立总质量为1000千克的乘客时，请计算说明电梯有无超载________；
（4）某同学利用该压敏电阻的这种特性设计了一个探究电梯运动情况的装置，该装置的示意图如图丙所示，将压敏电阻平放在电梯内，其受压面朝上，在受压面上放一物体，电梯静止时电流表示数为I0；当电梯做四种不同的运动时，电流表的示数分别如图丙中①、②、③、④所示。下列判断中错误的是_______。
A. ①图表示电梯可能匀速下降
B. ②图表示电梯可能上升时速度变大
C. ③图表示电梯可能匀速上升
D. ④图表示电梯可能下降时速度变大
【答案】（1）增大 S （2）450W （3）电梯超载 （4）C
【解析】（1）[1]由图乙可知，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，压敏电阻的阻值变小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，从而使得电磁铁的磁性增强。
[2]电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，电铃发出警报声，此时，电流从电磁铁下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的上端为S极。
（2）电梯对乘客做的功为
此时电梯对乘客做功的功率为
（3）由图甲可知，两电阻串联。当电磁铁线圈电流达到20毫安时，衔铁刚好被吸住，根据欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为
根据串联电路电阻特点可得，此时压敏电阻的阻值为
由图乙可知，此时压力大小为9000N，此时乘客的质量为
所以，若该电梯厢内站立总质量为1000千克的乘客时，电梯超载。
（4）电梯静止时，物体也静止，处于平衡状态，此时物体受到的重力和压敏电阻对其的支持力是一对平衡力，大小相等，根据物体间力的作用是相互的，压敏电阻对物体的支持力和物体对压敏电阻的压力是一对相互作用力，大小相等；所以，当物体处于平衡状态时，物体对压敏电阻的压力大小等于物体的重力大小，此时电路电流为I0。
A．由图①可知，电流表示数保持I0不变，说明物体处于平衡状态，电梯做匀速直线运动，所以电梯可能匀速下降，故A正确，不符合题意；
B．由图②可知，电流表示数逐渐变大，说明电路电流变大，根据欧姆定律可知，电路总电阻变小，压敏电阻阻值变小，压敏电阻受到的压力变大，压力大小大于物体的重力大小，根据运动与力的关系可知，物体向上做加速运动或者向下做减速运动，所以，电梯可能上升时速度变大，故B正确，不符合题意；
C．由图③可知，电路中的电流为静止时的两倍，而且不变，由欧姆定律知压敏电阻的阻值减小且不变，则压力增大且不变，电梯可能做加速上升且在相同时间内速度的增加量是一定的运动，故C错误，符合题意；
D．由图④可知，电流表示数逐渐变小，说明电路电流变小，根据欧姆定律可知，电路总电阻变大，压敏电阻阻值变大，压敏电阻受到的压力变小，压力大小小于物体的重力大小，根据运动与力的关系可知，物体向下做加速运动或者向上做减速运动，所以，电梯可能下降时速度变大，故D正确，不符合题意。
故选C。
空车质量
1380kg
最大功率
100kW
轮胎与地面总接触面积
最高速度
120km/h
电池容量
最大续行里程
260km