广东省湛江市第二十一中学2024-2025学年高二上学期期中考试物理试题

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1．A
【详解】根据电流的定义式
故选A。
2．B
【详解】AC．根据沿电场方向电势降低可知，C点的电势高于B点的电势；结合等势面与电场线垂直，可知A、B、C、D 四点中，C点电势最高，故AC错误；
B．由图中电场线分布可知，B、C两点的电场强度方向不相同，故B正确；
D．根据
由于D点的电势高于B点的电势，且点电荷带正电，所以正点电荷从B点移到D点，电势能减小，故D错误。
故选B。
3．D
【详解】A．人在转动手柄的过程中并没有创造电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，故A错误；
B．大金属球带正电是因为大金属球的原子核的核外电子转移到了其他物体上，故B错误；
C．小金属球不带电不是因为内部没有电子，而是因为小金属球的原子核中的正电荷与原子核外电子所带的负电荷相互抵消，故C错误；
D．小金属球碰上大金属球后会带上正电荷，由于同种电荷相互排斥，所以小金属球会被弹开，故D正确。
故选D。
4．D
【详解】A．因为氯离子带负电，其仅在电场力作用下从图乙中的A点运动到B点，说明电场力方向沿A指向B，电场线由B指向A，所以A点电势低于B点电势，A错误；
B．因为电场力对氯离子做正功，所以其电势能减小，B错误；
C．因为膜内的电场可看作匀强电场，根据
氯离子的加速度不变，C错误；
D．根据动能定理
可知氯离子进入细胞内的速度v与距离d大小无关，又因为膜电位U不变，则氯离子进入细胞内的速度不变，D正确。
故选D。
5．C
【详解】当传感器所在处出现火情时，温度升高，的电阻减小，则电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流变大，路端电压变小，则报警器两端的电压U减小，电阻两端的电压增大，根据分压原理可知，电阻两端的电压变小，则流过的电流减小，即电流表示数I变小。
故选C。
6．A
【详解】A．电场线密的地方电场的强度大，根据可知，电场线越密的地方，同一试探电荷受到的电场力就越大，故A正确；
B．电场线实际并不存在，用来描述电场分布的物理量，不是点电荷在电场中的运动轨迹，故B错误；
CD．电场线的疏密程度表示电场强度的大小，平行的等间距的电场线才表示匀强电场，故CD错误。
故选A。
7．C
【详解】设AB与AC之间的夹角为θ，则
AB沿场强方向的距离为
cm
则电场强度为
电子从A点到达C点时电势能的变化量为
A． 与分析不符，故A错误；
B． 与分析不符，故B错误；
C． 与分析相符，故C正确；
D． 与分析不符，故D错误。
故选C。
8．ABD
【详解】A．电容式触摸屏在原理上把人的手指当作一个电容器元件的一个极板，把导体层当作另一极板，故选项A正确；
BCD．手指和屏的接触面积大小会影响到电容大小，接触面积越大，即两极板的正对面积越大，电容越大，故选项BD正确，C错误。
故选ABD。
9．AC
【详解】A．在电阻的曲线中，斜率为电阻的倒数，根据图甲可知电学元件A的图线斜率恒定，故若A为电阻，可当作定值电阻使用，故A正确；
B．从图甲可以看出，当两者电流相等时，A的电压较大，根据
可知
故B错误；
C．由图乙可知，其电学元件为非线性元件，故C正确；
D．小灯泡的电阻随灯泡两端的电压增加电阻变大，因此图乙不可能是小灯泡的伏安特性曲线，故D错误。
故选AC。
10．BC
【详解】根据电路可知用a、b和a、c接线柱时电流表的量程分别为
①
②
则
所以用a、b两个接线柱时电流表的量程为，用a、c两个接线柱时电流表的量程为。将数据代入①②式可解得
，
综上所述可知AD错误，BC正确。
故选BC。
11． 0.697~0.699 2.60 0.53 偏小
【详解】(1)[1]金属丝的直径为0.5mm+0.01mm×19.8=0.698mm
(2)[2][3]电压表最小刻度为0.1V，则读数为2.60V，电流表最小刻度为0.02A，则读数为0.53A。
(3)[4]若用图中B测金属丝的电阻，由于电压表的分流作用，则电流的测量值偏大，则电阻的测量结果将比真实值偏小。
12．(1) 充电 增加
(2) = 0.15
【详解】（1）[1][2]当开关S接到“1”时，电容器与电源连接，电容器处于充电过程，电容器所带的电荷量逐渐增加；
（2）[1][2]i-t图像与时间轴所围成的面积分别为S1和S2，根据
可知，面积S1表示电容器充完电后所带的电荷量；面积S2表示放电过程，电容器放出的电荷量，且
[3]根据电容的定义式可得
13．（1）；（2）0.0125N
【详解】（1）受力分析如图所示
根据共点力平衡有
解得
（2）根据受力分析几何关系可知
14．（1）2.0×10−3C；（2）1.2×10−2J；（3）
【详解】（1）A、B两点间的电势差为
UAB=EdAB=120×0.05V=6V
根据可得，粒子所带电荷量为
q=WABUAB=1.2×10−26C=2.0×10−3C
（2）B、C两点沿电场线方向的距离为
dBC=BCcs60°=0.05m
则B、C两点间的电势差为
UBC=EdBC=120×0.05V=6V
粒子从B点移动到C点过程中电场力所做的功为
WBC=qUBC=2.0×10−3×6J=1.2×10−2J
（3）A、C两点的电势差为
UAC=UAB+UBC=12V
15．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）设电子离开加速电场时速度大小为，由动能定理得
解得
（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，可分解为沿板方向的匀速直线运动和垂直板方向的匀加速直线运动。沿板方向
垂直板方向
解得
（3）设竖直向下为竖直方向的正方向，水平向右为水平方向的正方向；带电小球在沿着板的方向做匀速直线运动，设时间为，则
若带电小球贴着下极板边缘飞出电场
解得
若带电小球贴着上极板边缘飞出电场
解得
要使小球射出偏板，的范围
题号
1
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4
5
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7
8
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10
答案
A
B
D
D
C
A
C
ABD
AC
BC