福建省2024年高中物理学业水平合格性考试模拟定心卷含解析

这是一份福建省2024年高中物理学业水平合格性考试模拟定心卷含解析，共14页。试卷主要包含了3×10=3等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1. 答题前，考生务必将自己的考生号、姓名填写在试题卷、答题卡上。考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“考生号、姓名”与考生本人考生号、姓名是否一致。
2. 第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。第I卷用黑色字迹签字笔在答题卡上作答。在试题卷上作答，答案无效。
3. 考试结束，监考员将试题卷和答题卡一并收回。
第I卷（选择题 60分）
一、选择题：本题共20小题，每小题3分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列物理量中，属于矢量的是（ ）
A．质量B．动能C．瞬时功率D．电场强度
【答案】D
【分析】即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量．
【解答】解：A．质量只有大小，没有方向，运算遵守代数加减法则，是标量，故A不符合题意；
B．动能只有大小，没有方向，运算遵守代数加减法则，是标量，故B不符合题意；
C．瞬时功率只有大小，没有方向，运算遵守代数加减法则，是标量，故C不符合题意；
D．电场强度既有大小，又有方向，相加时遵循平行四边形定则，是矢量，故D符合题意。
故选：D。
2.下列划线部分可视为质点的是（ ）
A．裁判看全红婵跳水动作B．神舟载人飞船动作调整
C．地球围绕太阳运动过程D．雄鹰拍动翅膀飞翔过程
【答案】C
【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．
【解答】解：A、裁判看跳水运动员全红婵的动作时，其肢体的形状不能忽略不计，不可以将其视为质点，故A错误；
B、神舟载人飞船动作调整时，其大小与形状不能忽略不计，不可以将其视为质点，故B错误；
C、研究地球围绕太阳的运动过程中，地球运动的轨道半径远大于地球的大小，可以将地球看作质点，故C正确；
D、研究雄鹰拍动翅膀飞行的过程时，雄鹰的翅膀的形状不能忽略不计，不可以将其视为质点，故D错误。
故选：C。
3.某智能手机电池电动势为E，待机状态下电流为I，两者乘积EI的单位是（ ）
A．焦耳 B．欧姆 C．瓦特 D．库仑
【答案】C
【分析】根据P=EI公式可确定单位。
【解答】解：根据电功率公式可知电源的功率为P=EI，可知EI的单位是瓦特。故C正确，ABD错误；
故选：C。
4.运动员沿跑道的直道部分先向南跑了50m,又折返向北跑了30m。整个过程中，运动员的路程和位移大小分别是（ ）
A．80m、20m B．80m、30m C．20m、80m D．80m、80m
【答案】A
【分析】根据位移和路程的定义进行分析解答；明确位移表示质点在空间的位置的变化，用有向线段表示，位移的大小等于有向线段的长度；而路程是物体实际经过的轨迹的长度．
【解答】解：由题意可知，运动员向南跑了50m,又折返向北跑了30m,选取向南为正方向，故位移为向南，x=50m-30m=20m；
而路程等于经过的轨迹的长度；故路程为s=50m+30m=80m；故A正确，BCD错误。
故选：A。
5.下列仪器所测物理量的单位中，不属于基本单位的是（ ）
A. B．
C． D．
【答案】A
【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔
【解答】解：A、图中是弹簧测力计，测量的是力，单位是N,不是基本单位，故A正确；
B、图中是电流表，测量的是电流，电流的单位是A，是基本单位，故B错误。
C、图中是秒表，测量的是时间，时间的单位是s,是基本单位，故C错误；
D、图中是游标卡尺，测量的是长度，长度的单位是m,是基本单位，故D错误。
故选：A。
“十次车祸九次快，还有喝酒和超载”，中国每年因交通事故造成的经济损失数额巨大。交通安全无小事!下列相关说法中正确的是（ ）
A.汽车超速会增大汽车的惯性 B．汽车超载会增大汽车的惯性
C．汽车超速不会增大汽车的刹车距离 D．酒驾不会延长司机的反应时间
【答案】B
【分析】惯性是物体固有的属性。一切物体均有保持匀速运动或静止状态，除非有外力迫使它改变这种状态。量度物体惯性大小的物理量是它们的质量；结合运动学的公式分析汽车刹车距离的变化，酒驾会延长司机的反应时间。
【解答】解：A．惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关，故汽车超速时，汽车的惯性不变，故A错误；
B．惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关，故汽车超载会增大汽车的惯性，故B正确；
C．汽车超速，相同条件下，汽车做减速运动的时间变长，汽车的刹车距离增大，故C错误；
D．酒精对人的神经系统有一定的麻痹作用，酒驾会延长司机的反应时间，故D错误。
故选：B。
在下列四组用电器中，属于利用电流的热效应的一组是（ ）
A．电风扇和电动机 B．白炽灯和电烙铁 C．洗衣机和电冰箱 D．电解槽和电吹风
【答案】B
【分析】纯电阻电器只发热没有机械功的输出也没有其他形式的能量转化。
【解答】解：A．电扇和电吹风都有机械功的输出，非纯电阻电器，不是利用电流的热效应，故A错误；
B．白炽灯和电烙铁是纯电阻，工作时将电能转化为内能，利用了电流的热效应，故B正确；
C．洗衣机工作时主要将电能转化为机械能，电冰箱主要是将电能转化为电动机的机械能，通过做功使物态发生变化，洗衣机和电冰箱均不是利用电流的热效应，故C错误；
D．电解槽和电吹风均是非纯电阻，电解槽主要将电能转化为化学能，电吹风主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应，故D错误。
故选：B。
一物体从坐标原点竖直向上抛出，运动过程中受大小恒定的阻力，则该物体的x-t图像可大致表示为（ ）
A． B． C．D．
【答案】B
【分析】对物体进行受力分析，确定其上升时做匀减速直线运动，下落时做匀加速直线运动，结合x-t图像，斜率表示速度即可判定。
【解答】解：一物体从坐标原点竖直向上抛出，运动过程中受大小恒定的阻力，可知物体先向上做匀减速直线运动，到达最高点后，再向下做匀加速直线运动；根据x-t图像的切线斜率绝对值表示速度大小可知，x-t图像的切线斜率绝对值先逐渐减小到0，再逐渐增大。故B正确，ACD错误；
故选：B。
某电场区域的电场线分布如图，在电场中有A、B、C、D四个点，下面说法正确的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【分析】明确电场线的性质，知道电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低。
【解答】解：根据电场线的性质可知，电场线的疏密表示电场的强弱，由图可知，B点的电场强度比A点大；C点的电场强度比D点大，故A错误，B正确；
C、沿着电场线电势一定降低，所以A点电势大于B点的电势，所以．故C错误；
D、沿着电场线电势一定降低，所以C点电势大于D点电势，故D错误。
故选：B。
如图所示，“嫦娥号”探月卫星在由地球飞向月球时，沿曲线从M点向N点飞行的过程中，速度逐渐增大，在此过程中探月卫星所受合力方向可能是下列图中的（ ）
A． B． C． D．
【答案】B
【分析】“嫦娥号”探月卫星做的运动为曲线运动，故在半径方向上合力不为零且是指向圆心的；又因为卫星是做加速运动，故在切线上合力不为零且与瞬时速度的方向相同，分析这两个力的合力，即可看出那个图象是正确的。
【解答】解：“嫦娥号”探月卫星从M点运动到N，曲线运动，必有力提供向心力，向心力是指向凹侧；“嫦娥号”探月卫星同时在加速，所以沿切向方向有与速度相同的合力；故向心力和切线合力与速度的方向的夹角要小于90°，故ACD错误，B正确。
故选：B。
条形磁体的磁感线如图所示，两面积相等的线圈与磁场方向垂直放置，则下列说法正确的是（ ）
A．图中A、B两处磁场方向相同，但A处磁场要强
B．图中A、B两处磁场方向相同，磁场强度相等
C．图中穿过C处线圈的磁通量比穿过D处的磁通量要大
D．图中穿过C处线圈的磁通量与穿过D处的磁通量相等
【答案】A
【分析】在磁场中，磁感线越密集的地方磁感应强度越大，理解磁通量的概念并分析。
【解答】解：AB、磁感线越密集，表示磁场越强，磁感线上某点切线代表磁场方向，故A正确、B错误；
CD、两线圈平面均垂直于磁场，面积相等前提下，穿过其磁感线的根数越多，代表磁通量越大，即穿过D处线圈的磁通量要大，故CD错误。
故选：A。
如图，三个大小相等的力F，作用于同一点O，则合力最小的是（ ）
A． B． C． D．
【答案】C
【分析】三力合成时，若合力能为零则三力可以组成三角形，分析题中数据可知能否为零；若不为零，则进行两两合成，从而分析最小的可能情况。
【解答】解：A、将相互垂直的F进行合成，则合力的大小为，再与第三个力F合成，即有合力的大小为；
B、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F合成，则有合力大小为F；
C、将任意两力进行合成，可知，这三个力的合力为零；
D、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小；
故C正确，ABD均错误；
故选：C。
如图所示，体重为500N的小明站在放置于电梯底部的体重计上。某时刻体重计的示数为600N，此时（ ）
A．电梯可能向下加速运动，处于超重状态 B．电梯可能向上加速运动，处于超重状态
C．电梯可能向下匀速运动，处于平衡状态 D．电梯可能向上匀速运动，处于平衡状态
【答案】B
【分析】由题意可知体重计示数是600N，应用牛顿第二定律分析说明该同学处于超重状态，则电梯应具有向上的加速度。
【解答】解：体重计读数大于实际重量，即视重大于实重，所以小明处于超重状态，加速度方向向上，所以电梯可能向上加速，也可能向下减速。故B正确，ACD错误。
故选：B。
某手机支架厂商在其新产品的广告中提到，新产品使用新型纳米材料，增大了产品与手机接触面的摩擦，使手机能静止在倾角更大的支架上。如图所示，静止在支架上的手机受力个数为（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【答案】C
【分析】利用受力平衡分析受力个数。
【解答】解：手机静止在支架上一定受到重力和支架的支持力，要保持平衡，还需要受到支架的摩擦力，故共受3个力。
故选：C。
由于空气阻力的作用，一雨滴下落一定高度后以某一速度匀速下落．该雨滴在匀速下落过程中（ ）
A．重力势能增大 B．重力势能减小 C．动能增大 D．动能减小
【答案】B
【分析】动能大小跟质量、速度有关，质量一定时，速度不变，动能不变；重力势能大小跟质量、离地面高度有关，雨滴在匀速下落，高度越来越低，重力势能减小。
【解答】解：雨滴在下落到地面附近的某一高度时，由于空气阻力的作用使其匀速运动，在匀速下落过程中，速度不变，动能不变；高度减小，重力势能减小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
如图所示，一行人拉着行李箱沿水平面向右匀速运动，关于行李箱所受各力对行李箱做功的情况，下列说法正确的是（ ）
A.重力对行李箱做负功 B．支持力对行李箱做负功
C．摩擦力对行李箱做正功 D．拉力对行李箱做正功
【答案】D
【分析】根据力与位移方向关系判断该力力是否做功，做正功还是负功，物体匀速运动，合外力为零，合外力做功为零。
【解答】解：AB、行李箱的位移为水平方向，在竖直方向上无位移产生，故重力和支持力对行李箱都不做功，故AB错误；
C、摩擦力方向与行李厢位移的方向相反，故摩擦力对行李箱做负功，故C错误；
D、拉力与位移方向的夹角为锐角，所以拉力对行李箱做正功，故D正确。
故选：D。
真空中有两个点电荷，它们之间的静电力的大小为F，如果将它们的电荷量均减少为原来的一半，同时将它们的距离增大为原来的二倍，则它们之间的静电力大小将为（ ）
A． B． C． D．
【答案】C
【分析】将它们的电荷量均减少为原来的一半，根据点电荷库仑力的公式
，可以求得改变之后的库仑力的大小。
【解答】解：设两点电荷电量分别为q1、q2，相距为r,根据库仑定律得其静电力为，从上可以看出，当它们的电荷量均减少为原来的一半，同时将它们的距离增大为原来的二倍，其间的静电力为，故ABD错误，C正确；
故选：C。
大人跟小孩掰手腕，很容易就把小孩的手压在桌面上、那么，大人对小孩的作用力（ ）
A.比小孩对大人的作用力先施加 B．大于小孩对大人的作用力
C．与小孩对大人的作用力大小相等 D．与小孩对大人的作用力是一对平衡力
【答案】C
【分析】二力平衡的条件是：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上．
作用力和反作用力是两个相互作用的物体之间产生的，大小相等，方向相反．
【解答】解：做掰手腕比力气游戏时，一方对另一方有一个作用力，同时另一方也受到这一方对他的作用力，大人对小孩的作用力与小孩对大人的作用力是一对作用力和反作用力，由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失。故C正确，ABD错误。
故选：C。
如图所示，电源电动势为E，内电阻为r,若移动滑动变阻器R的滑片使其电阻减小，则下列判断正确的是（ ）
A.电压表示数将减小，灯L将变暗 B．电压表示数将减小，灯L将变亮
C．电压表示数将增大，灯L将变暗 D．电压表示数将增大，灯L将变亮
【答案】B
【分析】若移动滑动变阻器R的滑片使其电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中电流的变化情况，并判断出路端电压的变化情况，即可判断．
【解答】解：将移动滑动变阻器R的滑片，使其电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流增大，灯泡L实际消耗的功率增大，将变亮。
电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，电压表示数减小。故B正确。
故选：B。
2010年10月1日我国成功发射“嫦娥二号”绕月卫星，绕月运行高度为100公里.2007年10月24日发射的“嫦娥一号”绕月运行高度为200公里，如图所示．“嫦娥二号”卫星与“嫦娥一号”卫星绕月运行相比，下列判断正确的是（ ）
A.周期小，线速度大B．周期大，加速度小
C．线速度大，加速度小D．角速度小，线速度大
【答案】A
【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，进行分析．
【解答】解：向心力=所受的万有引力：
解得
①
②
③
④
由以上各式可知：半径大的线速度，角速度，加速度小，周期大。
A、因“嫦娥二号”的半径小，则其周期小，线速度大。故A正确
B、因“嫦娥二号”的半径小，则其周期小，加速度大。故B错误
C、因“嫦娥二号”的半径小，则其线速度大，加速度大。故C错误
D、因“嫦娥二号”的半径小，则其角速度大，线速度大。故D错误。
故选：A。
总结：此类题目可归纳出“低轨高速周期短
”也就是说越接近地球速度越快，周期越短，加速度越大。可以秒解此类题目。
第II卷（非选择题 40分）
二、填空题：本题共2小题，每小题6分，每空2分，共12分。
如图所示．用水平力FN将木块压在竖直墙上，木块的重力G是8.0N，木块与墙之间的动摩擦因数是0.30．当木块静止不动时，木块受到的摩擦力为_______N；改变FN的大小，当木块恰好沿墙面匀速下滑时，木块受到的摩擦力为_______N；当水平力FN=10N时，木块沿墙面加速下滑，此时木块受到的摩擦力为_______N．
【答案】8.0；8.0；3.0．
【分析】明确物体受摩擦力的性质，静止和匀速运动状态根据平衡条件可求得摩擦力大小；对于加速下滑过程，根据滑动摩擦力公式可求得摩擦力．
【解答】解：木块静止不动时，木块受到的摩擦力大小等于重力，故f=G=8.0N；
当木块匀速下滑时，木块受到的摩擦力大小等于重力，故f'=G=8.0N；
当加速下滑时，受到的摩擦力f''=μF=0.3×10=3.0N；
故答案为：8.0；8.0；3.0．
22．某人在水平地面上推行李车的过程可视为匀速直线运动，已知水平推力F=20N，速度v=1m/s,行走的距离下x=150m.在此过程中，所用时间t=______s,推力做的功w=______J，推力做功的功率P=______W．
【答案】150；3000；20．
【分析】物体做匀速运动，根据匀速运动的公式可求得运动时间，根据功的公式可求得推力的功；根据功率公式可求得推力的功率．
【解答】解：物体做匀速运动，运动的时间
推力做功W=Fx=20×150=3000J；
推力做功的功率
故答案为：150；3000；20．
三、实验探究题：本题共2小题，每小题6分，每空2分，共12分。
23．某同学用如图所示的装置来探究“加速度与力、质量的关系”。
（1）该实验用到的是_______（选填“A”或“B”）；
A.直流电源 B.交流电源
（2）改正错误后，先保持小车质量不变，改变所挂钩码的质量，测出小车在不同钩码作用下的加速度，从而可探究加速度与力的关系，这种实验方法叫_______（选填“A”或“B”）.
A.控制变量法 B.等效替代法
（3）保持所挂钩码的质量不变，改变小车质量，作出小车加速度a与小车质量m之间的关系图像，下列可能正确的是（ ）。
【解答】解：（1）打点计时器应使用交流电源；故选B
（2）先保持小车质量不变，改变所挂钩码的质量，测出小车在不同钩码作用下的加速度，从而可探究加速度与力的关系，这种实验方法叫控制变量法；
（3）由牛顿第二定律得：F=ma,整理得：，则是过原点的倾斜直线，故D正确，ABC错误。
故答案为：（1）B；（2）A；（3）D。
24．“验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示。
（1）本实验需要用到下列器材中的_______（填“A”或“B”）；
A．刻度尺 B．天平
（2）关于该实验，下列说法中正确的是_______。
A．需用天平测出重物的质量B．必须用秒表测出重物下落的时间
C．释放纸带前，手捏住纸带上端并使纸带处于竖直方向D．释放纸带前，重物应远离打点计时器
（3）实验中发现重物增加的动能略小于减少的重力势能，其主要原因是_______。
A．重物的质量过大B．重物的体积过小
C．重物下落的距离过小D．重物及纸带在下落时受到阻力
解：（1）实验中需要用刻度尺测量点迹间的距离，从而计算出瞬时速度，得出动能的增加量，不需要天平；故A正确，B错误
（2）机械能守恒定律，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，表达式的两边都有质量，可以约去，所以实验中不需要用天平测量重锤的质量，故A错误；由于是用打点计时器，不必测时间，故B错误；释放纸带前要使纸带处于竖直位置，用要靠近打点计时器，故C正确，D错误。故C正确，ABD错误。
（3）实验结果是减少的重力势能略大于增加的动能，显然损失了机械能，是因为克服摩擦阻力做了功，故D正确，ABC错误。
故答案为：（1）A；（2）C；（3）D
四、计算题：本题共2小题，共16分。
25．在密立根油滴实验中，测出某油滴所受的重力为1.8×10-9N，当电场强度为4.0×104N/C时，油滴竖直向下做匀速直线运动，如图所示。求：
（1）该油滴带何种性质的电荷？
（2）带电油滴所带电荷量是多少？
【解答】解：（1）该油滴竖直向下做匀速直线运动，受重力和向上的电场力，二力平衡，因上极板带正电，可知油滴带负电；
（2）根据平衡条件，有：mg=qE
所以：
答：（1）该油滴带负电；
（2）带电油滴所带电荷量是4.5×10-14C。
26．如图，半径为R=5m的光滑圆弧轨道AB固定于竖直平面内，A点与圆心O在同一条水平线上，轨道末端B点与粗糙水平面相切。一个质量为m=1kg的小球，从A点由静止释放，经过B点最后停在了C点，取g=10m/s2。求：
（1）小球运动到B点时的速度大小；
（2）小球在B点对轨道的压力FN的大小；
（3）小球从B运动到C的过程中克服摩擦力做的功Wf是多少？
解：（1）根据机械能守恒定律得
解得vB=10m/s
（2）根据牛顿第二定律得
解得FN=30N
根据牛顿第三定律压力大小与FN大小相等，
故小球在B点对轨道的压力的大小30N
（3）根据动能定理得mgR-Wf=0
解得Wf=50J
答：（1）小球运动到B点时的速度大小10m/s；
（2）小球在B点对轨道的压力的大小30N；
（3）小球从B运动到C的过程中克服摩擦力做的功Wf是50J