2025届广西“贵百河—武鸣高中”高三上学期11月摸底考试物理试卷

这是一份2025届广西“贵百河—武鸣高中”高三上学期11月摸底考试物理试卷，共13页。试卷主要包含了2s等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：75分钟满分：100分）
注意事项：
1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试卷、答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本大题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不得分，第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对得分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
1. 2023年8月25日，“中国环流三号”托卡马克装置首次实现100万安培等离子体电流下的高约束模式运行，是我国核能开发进程中的重要里程碑。该模式下的核反应方程之一为。反应中释放出光子，下列说法正确的是（ ）
A.该核反应属于裂变反应
B.该核反应方程中的X为电子
C. 光子的静止质量为0，所以它的动量也为0
D. 的比结合能小于的比结合能
2.如图是简化的某种旋转磁极式发电机原理图。定子是仅匝数n不同的两线圈，n1>n2，二者轴线在同一平面内且相互垂直，两线圈到其轴线交点O的距离相等，且均连接阻值为R的电阻，转子是中心在O点的条形磁铁，绕O点在该平面内匀速转动时，两线圈输出正弦式交变电流。不计线圈电阻、自感及两线圈间的相互影响，下列说法正确的是（ ）
A.两线圈产生的电动势的有效值相等
B.两电阻消耗的电功率相等
C.两线圈产生的电动势同时达到最大值
D.两线圈产生的交变电流频率相等
3.如图所示，用一根细线穿过光滑的杯柄，两手握住细线两端，提起水杯，保持静止状态，下列说法正确的是（ ）
A.细线之间的夹角变大时，细线的张力大小一定大于杯子的重力大小
B.逐渐减小细线之间的夹角θ，细线的张力将逐渐变大
C.当细线之间的夹角为60°时，细线的张力大小等于杯子的重力大小
D.换力更大的同学进行操作，也不可能将细线拉至水平
4.如图所示，用长为l的轻绳将质量为m的小球悬挂于O点的正下方P点。现对小球施加水平向右的拉力F，使其由P点运动至Q点，已知OQ与竖直方向夹角为θ=60°，重力加速度大小为g，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A.若小球从P缓慢地移动到Q，则水平拉力F做的功为
B.若水平拉力恒为F，则从P到Q，小球机械能的增量为
C.若水平恒力F=mg，则从P到Q，小球重力和恒力F的合力的功率先增大后减小
D.若水平恒力F=mg，则小球在Q点的速度大小为
5.如图所示，OBCD为半圆柱体玻璃的横截面，OD为直径，一束由a、b两种单色光组成的复色光沿AO方向从真空射入玻璃，分别从B、C点射出，则（ ）
A.玻璃对a光的折射率比对b光的折射率小
B. a光光子的动量大于b光光子的动量
C.光线AO绕O点顺时针旋转，b光比a光先在圆弧界面发生全反射（不考虑多次反射）
D. a光从O到B点的传播时间小于b光从O到C点的传播时间
6.如图所示，虚线为A、B两小球从等宽不等高的台阶抛出的运动轨迹，A球从台阶1的右端水平抛出后，运动至台阶2右端正上方时，B球从台阶2的右端水平抛出，经过一段时间后两球在台阶3右端点相遇，不计空气阻力，则（ ）
A.两球抛出时A的速度大于B的速度
B.两球相遇时A的速度大小为B的两倍
C.两球相遇时A的速度与水平方向的夹角的正切值为B的两倍
D.台阶1、2的高度差是台阶2、3高度差的4倍
7.让宇航员不坐火箭就能上天，“流浪地球2”中的太空电梯何日能实现，如图所示，假若质量为m的宇航员乘坐这种赤道上的“太空升降机”上升到距离地面高度h处而静止在电梯内。已知地球的半径为R，表面的重力加速度为g，自转周期为T，引力常量为G，假若同步卫星距离地面的高度为H，下列说法正确的是（ ）
A.宇航员在“太空升降机”中处于静止状态时，实际是绕着地球在公转
B.当h=H，万有引力大于宇航员做圆周运动的向心大
C.当hH，宇航员受到向下的压力为
8. A、B为真空中两个电荷量都是Q的点电荷，相距2d，AB连线中点为O，C是中垂线的一点，距O为x（图甲），其电场强度大小为E1。若A的电荷量变为，其他条件都不变（图乙），此时C点的电场强度大小为E2。已知静电力常量为k，则（ ）
A. E1的大小为，方向沿OC向上
B.在甲图中的C点静止释放一个负点电荷，其在向O点的运动过程中，加速度大小一定变小
C.将一个正点电荷分别放在甲、乙图中的C点，其在这两点所受的电场力大小不相同
D.将一个负点电荷分别放在甲、乙图中的C点，其在甲图中C点具有的电势能小于在乙图中C点具有的电势能
9.一列简谐波沿x轴正方向传播，O为波源且t=0时刻开始沿y轴正方向起振。如图所示为t=0.3s时x=0至x=4m范围内的波形图，虚线右侧的波形图未画出，已知图示时刻x=2m处的质点第二次到达波峰，则（ ）
A.这列波的周期为0.2s
B. t=0.3s时x=2m处的质点加速度正向最大
C. t=0.8s时x=16m处的质点经过平衡位置向上运动
D. t=0.3s时x=14m处的质点的位置坐标为
10.如图所示，线框ac、bd边长为2L、电阻不计，三条短边ab、cd、ef长均为L、电阻均为R，ef位于线框正中间。线框下方有一宽度为L的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B，cd边与磁场边界平行，当cd距磁场上边界一定高度时无初速释放线框，线框cd边进入磁场时线框恰好匀速运动，下落过程中线框始终在竖直面内，已知线框质量为m，重力加速度为g，则下列判断正确的是（ ）
A线框通过磁场过程中流过ab边的电流不变
B.线框通过磁场过程中a、b两点间电势差始终为
C.释放时cd边到磁场上边界高度为
D.整个过程中ab边产生的焦耳热一定为2mgL
二、非选择题：本大题共5小题，共54分。第11题6分，第12题10分，第13题8分，第14题12分，第15题18分。其中13~15题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，若只有最后答案而无验算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11.（6分）某实验小组组装了如图甲所示的实验装置来完成“探究碰撞中的不变量”的实验。在小车P的后端连接通过打点计时器的纸带，前端粘有橡皮泥。给小车P一向前的瞬时冲量，然后与原来静止在前方的小车Q相碰并粘合成一体后，继续向前运动。
甲乙
（1）下列操作正确的是（ ）
A.实验时给小车向前的瞬时冲量越大越好
B.两小车粘上橡皮泥是为了改变两车的质量
C.先接通打点计时器的电源，再给小车向前的瞬时冲量
D.实验前，需要在长木板靠近打点计时器一端垫上适量小木块以补偿阻力
（2）实验获得的一条纸带如图乙所示，根据点迹的不同特征把纸带上的点进行了区域划分，用刻度尺测得各点到起点A的距离分别为S1、S2、S3、S4。根据碰撞前后小车的运动情况，应选纸带上 段来计算小车P的碰前速度。（选填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”）
（3）测得小车P（含橡皮泥）的质量为m1，小车Q（含橡皮泥）的质量为m2，如果实验数据满足关系式
（用题目中的已知量和测量量表示），则可探知：在误差允许的范围内，小车P、Q碰撞过程中动量守恒。
12.（10分）某研究性学习小组利用压敏电阻制作电子秤。已知压敏电阻在压力作用下发生微小形变，它的电阻也随之发生变化，其阻值R随压力F变化的图像如图甲所示，其中R0=15Ω，图像斜率k=1.4Ω/N。小组同学按图乙所示电路制作了一个简易电子秤（秤盘质量不计），电路中电源电动势E=3.5V，内阻未知，电流表量程为10mA，内阻RA=18Ω，g取10m/s2。
甲乙丙
（1）下列操作步骤的正确顺序是 。
①秤盘上放置已知重力的重物G，保持滑动变阻器接入电路的阻值不变；读出此时电流表示数I；
②换用不同已知质量的重物，记录每一个质量值对应的电流值；
③秤盘上不放重物时，闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表指针满偏；
④将电流表刻度盘改装为质量刻度盘。
（2）实验时发现电流表量程偏小，根据需要将其量程扩大为100mA，则应该给该电流表 （填“串联”或“并联”）阻值为 Ω的电阻。
（3）用改装后的电流表进行操作，若电流表示数为20mA，则待测重物质量m= kg。
（4）改装后的刻度盘，其0刻度线在电流表 （选填“零刻度”或“满刻度”）处。
（5）若电源电动势不变，内阻变大，其他条件不变，用这台电子秤称重前，进行了步骤③的操作，则测量结果 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。
13.（8分）在驻波声场作用下，水中小气泡周围液体的压强会发生周期性变化，使小气泡周期性膨胀和收缩，气泡内气体可视为质量不变的理想气体，其膨胀和收缩过程可简化为如下图所示的p—V图像，气泡内气体先从压强为P0、体积为V0、热力学温度为T0的状态A等温膨胀到体积为5V0、压强为pB的状态B，然后从状态B绝热收缩到体积为V0、压强为1.9p0、热力学温度为TC的状态C，B到C过程中外界对气体做功为W，已知p0、V0、T0和W。求：
（1）A、B状态的压强之比：
（2）B、C状态的热力学温度之比；
（3）B到C过程，则此过程中气泡内气体的内能变化了多少。
14.（12分）如图所示，水平传送带足够长，向右运动前进的速度v=1m/s，与倾角为37°的斜面的底端P平滑连接，将一质量m=1kg的小物块从A点静止释放。已知A、P的距离L=4m，物块与斜面、传送带间的动摩擦因数均为μ=0.5，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。求物块：
（1）求小物体从A点运动到P点时候的动量大小；
（2）求小物块从A点开始至第2次运动到P点时间；
15.（18分）2024年6月2日6时9分，嫦娥六号着陆器在鹊桥二号中继卫星支持下，开始实施动力下降，7500N变推力主发动机开机，着陆器接触地面前经过喷火反冲减速后关闭主发动机，此时的速度为v1，这一速度仍大于软着陆设计速度v2，为此科学家设计了一种电磁阻尼缓冲装置，其原理如图所示：主要部件为缓冲滑块K及固定在绝缘光滑缓冲轨道MN和PQ上的着陆器主体，着陆器主体中还有超导线圈（图中未画出），能在两轨道间产生垂直于导轨平面的匀强磁场B，导轨内的缓冲滑块由高强度绝缘材料制成，滑块K上绕有n匝矩形线圈abcd，线圈的总电阻为r，ab边长为L，当着陆器接触地面时，滑块K立即停止运动，此后线圈与轨道间的磁场发生作用，使着陆器主体持续做减速运动，从而实现缓冲。已知着陆器主体及轨道的质量为m，缓冲滑块（含线圈）K的质量为M，重力加速度为g，不考虑运动磁场产生的电场，求：
（1）缓冲滑块刚落地时着陆器主体的加速度大小；
（2）达到着陆器软着陆要求的设计速度v2时，地面对缓冲滑块K支持力的大小；
（3）着陆器主体可以实现软着陆，若从v1减速到v2的缓冲过程中，通过线圈的电荷量为q，求该过程中线圈中产生的焦耳热Q。
2025届“贵百河—武鸣高中”11月高三年级摸底考试
物理参考答案
一、选择题：本大题共10小题，共46分.第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不得分，第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
1.【答案】D
【解析】该反应是核聚变反应并释放出大量的能量，由比结合能小的向比结合能大的方向进行，则的比结合能大于的比结合能，故A错误，D正确；由电荷数守恒和质量数守恒可知，该核反应方程中的X的电荷数为1，质量数为1，则X为质子，故B错误：D.由康普顿效应可知，光子的动量不为0，故C错误。故选D。
2.【答案】D
【解析】根据可得两线圈中磁通量的变化率相等，但是匝数不等，则产生的感应电动势最大值不相等，有效值也不相等；根据可知，两电阻的电功率也不相等，AB错误：当磁铁的磁极到达一线圈附近时，一个线圈的磁通量最大，感应电动势为0，另一个线圈通过的磁通量最小，感应电动势最大，可知两线圈产生的感应电动势不可能同时达到最大值，C错误。因两线圈放在同一个旋转磁铁的旁边，则两线圈产生的交流电的频率相等，D正确；
3.【答案】D
【解析】设细线之间的夹角为θ，根据水杯受力平衡，有，解得，逐渐减小细线之间的夹角θ，则逐渐增大，细线的张力将逐渐变小；当细线之间的夹角θ为60°时，细线的张力大小为，当细线之间的夹角θ大于120°时，细线的张力大小大于杯子的重力大小，故ABC错误，无论人的力气多大，细线的拉力在竖直方向总有分量，即细线不可能被拉至水平，故D正确。
4.【答案】B
【解析】A.缓慢移动，拉力F是变力，做功不等于，A错误：
B.拉力恒为F，从P到Q，F做功为，小球机械能的增量为，B正确；
C.当时，合力与速度垂直，瞬时功率为0，则从P到Q，合力功率先减小后增大，C错误；
D.从P到Q，对小球用动能定理得：，解得：，D错误.故选B
5.【答案】B
【解析】过O点作一条法线可知a光的折射角小于b光的折射角，所以折射率，，，A错误；由德布罗意波长公式可知，B正确；由，可知，光线AO绕O点顺时针旋转，入射角变小，a光在圆弧界面先达到临界角，C错误；任一光线的入射角为i，折射角为r，光在玻璃中传播的路程为s，半圆柱截面的半径为R。如图所示，由几何关系可知，又知光在玻璃中传播的速度为，则光在玻璃中传播的时间为，由折射定律可知，因此，由此可知，D错误。
6.【答案】C
【解析】A.两个小球都做平抛运动，水平方向都做匀速直线运动，根据，根据题意，A运动至台阶2右端正上方时，B球从台阶2的右端水平抛出，经过一段时间后两球在台阶3右端点相遇，x和t都相等，所以v0相等，A错误；B.因为水平速度相等，台阶的宽度也相等，所以两个小球在空中运动的总时间之比为2∶1，所以相遇时两球竖直速度之比为2∶1，合速度之比一定不等于2∶1，B错误；C.设2、3台阶的高度差为h0，则1、3台阶的高度差为4h0，设台阶的宽度x0，根据平抛运动的推论得，，两球相遇时A的速度与水平方向的夹角的正切值与B的速度与水平方向的夹角的正切值之比为，C正确；根据平抛运动解得
台阶1、3的高度差与台阶2、3高度差之比为
所以，台阶1、2的高度差与台阶2、3高度差之比为，D错误。
7.【答案】C
【解析】A.宇航员在“太空升降机”中处于静止状态时，实际是随着地球在自转，故A错误；
B.当时，有
万有引力正好等于宇航员做圆周运动的向心力，故B错误；
C.由可得
当hH，由
综合解得，故D错误。故选C。
8.【答案】AD
【解折】根据两个点电荷电场的叠加原理，E1的大小为，方向沿OC向上；由于x与d的大小未知，中垂线上电场强度最大的点可能在C点的上方也可能在下方，所以在向O点的运动过程中，加速度大小不一定变小；当x=d，电场力大小相等，C错；甲图中C点的电势大于零，乙图中C点的电势为零，由电势能公式可知D对。
9.【答案】AC
【解析】A.由题知，波长，波源t=0时刻开始沿y轴正方向起振，则介质中各个质点均沿y轴正方向起振，t=0.3s时，x=2m处的质点第二次到达波蜂，振动了，波从波源O传到x=2m处的质点，用时，则，周期T=0.2s，故A正确；
B. t=0.3s时x=2m处的质点处于波峰，则加速度负向最大，故B错误；
C.波速，则t=0.3s时，波传播到x=12m处的质点，画t=0.3s时波形图可得，此时x=12m处的质点处于平衡位置，且向上振动，t=0.4s时，波传播到x=16m处的质点，再经过0.4s，x=16m质点从平衡位置向上运动。则t=0.8s时，x=16m处的质点从平衡位置向上运动，故C正确；
D. t=0.3s时，波传播距离为，因此波向右传插了12m，所以在x=14m处的质点还未振动，故D错误。故选AC。
10.【答案】BC
【解析】解：A.当cd和ef通过磁场的过程中，流过ab的电流大小均为：，
方向均为b→a；当ab通过磁场的过程中，流过ab的电流大小为I，方向为a→b，故A错误；
B.根据A选项可得线框cd边进入磁场时产生的感应电动势大小为：，根据线框构成等效电路的特点可知线框在通过磁场的过程中将始终做匀速运动，a、b两点间电势差始终等于对应等效电路的路端电压的相反数，即：，解得：，故B正确；
C.设释放时cd边到磁场上边界高度为h，根据运动学公式可得：，解得cd边进入磁场时的速度大小为：，cd边产生的感应电动势大小为：E=BLv回路中总电阻为：，通过cd的电流为：，cd所受的安培力大小为：F=BIL由题意，根据平衡条件有：F=mg联立解得：，故C正确；
D.根据焦耳定律可得整个过程中ab边产生的焦耳热为：
解得：，故D错误。故选：BC。
11.（1）CD（2分，选不全得1分）
（2）BC（2分）
（3）（2分）[或]
12.（10分）【答案】
（1）③①②④（2分）
（2）并联（1分）2（2分）
（3）10（2分）
（4）满刻度（1分）（5）不变（2分）
【解析】
（1）在本实验中应先让秤盘上不放重物，闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表指针满偏，然后在秤盘上放置已知重力的重物G，保持滑动变阻器接入电路的阻值不变，读出此时电流表示数I，再换用不同已知质量的重物，记录每一个质量值对应的电流值，最后将电流表刻度盘改装为质量刻度盘，故合理的实验操作顺序为③①②④。
（2）当小量程的电流表改装成量程较大的电流表时，需要并联一个小电阻，有
解得
（3）根据闭合电路欧姆定律可得，当秤盘上不放重物时，调节滑动变阻器使得电流表满偏，有
当秤盘上放上重物，且电流表示数为20mA时，有
又因为
联立解得
（4）由于压敏电阻阻值R随压力增大而增大，则电流表示数随压力增大而减小，所以改装后的刻度盘，其零刻度线在电流表的满刻度处。
（5）根据操作过程③可知，当电源电动势不变，而内阻增大时，仍可以通过减小滑动变阻器接入电路的阻值使得电流表达到满偏，回路中电源内阻和滑动变阻器接入电路的总电阻不变，所以测量结果不变。
13.（8分）（1）
（2）
（3）
【解析】（1）从状态A到状态B气体等温变化，根据玻意耳定律可得
解得，所以
（2）由状态B到状态C，根据理想气体状态方程可知，
解得，所以
（3）根据热力学第一定律可知
因为绝热，所以，故气体内能增加
14.（1）4kgm/s：（2）4.5s
【解析】略