2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题
展开
这是一份2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题,文件包含2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题原卷版docx、2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题原卷版pdf、2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题解析版docx、2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题解析版pdf等4份试卷配套教学资源,其中试卷共58页, 欢迎下载使用。
一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1. 下列实数中,最小的数为( )
A. B. 1C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】先根据负指数幂进行计算,再根据实数的大小比较法则比较数的大小,即可得到答案.
【详解】解:,
,
故选:A.
【点睛】本题考查了实数的大小比较,负指数幂,熟练掌握:正数都大于0,负数都小于0,正数都大于负数,两个负数比较大小,其绝对值大的反而小.
2. 如图,,,则的度数是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据两直线平行,内错角相等可直接得到答案.
【详解】∵,
∴,
故选:D.
【点睛】本题主要考查了平行线的性质,关键是掌握两直线平行,内错角相等.
3. 当前随着新一轮科技革命和产业变革孕育兴起,新能源汽车产业正进入加速发展的新阶段.下列图案是我国的一些国产新能源车企的车标,车标图案既是轴对称图形,又是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解.
【详解】A、该图形不是轴对称图形,也不是中心对称图形,不符合题意;
B、该图形是轴对称图形,不是中心对称图形,不符合题意;
C、该图形既是中心对称图形又是轴对称图形,符合题意;
D、该图形不是轴对称图形,是中心对称图形,不符合题意.
故选:C.
【点睛】本题考查了轴对称图形和中心对称图形,掌握轴对称图形和中心对称图形的概念是解题关键.
4. 下列各式中,正确的是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据二次根式的加法、乘法、除法逐项判断即可解答.
【详解】解:A、和不是同类二次根式,无法合并,故本选项错误,不符合题意;
B、,故本选项错误,不符合题意;
C、,故本选项错误,不符合题意;
D、,故本选项正确,符合题意.
故选:D.
【点睛】本题主要考查了二次根式的加法、乘法、除法等知识点,熟练掌握二次根式的相关运算法则是解题的关键.
5. 在平面直角坐标系中,将点向右平移2个单位后,得到点的坐标是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】把点的横坐标加2,纵坐标不变,据此即可解答.
【详解】解:点向右平移2个单位长度后得到的点的坐标为.
故选:B.
【点睛】本题主要考查了坐标与图形变化﹣平移.掌握平移的规律“左右横,上下纵,正加负减”是解答本题的关键.
6. 如图,工人砌墙时,先在两个墙脚的位置分别插一根木桩,再拉一条直的参照线,就能使砌的砖在一条直线上.这样做应用的数学知识是( )
A. 两点之间,线段最短B. 两点确定一条直线
C. 垂线段最短D. 三角形两边之和大于第三边
【答案】B
【解析】
【分析】由直线公理可直接得出答案.
【详解】解:建筑工人砌墙时,经常在两个墙脚的位置分别插一根木桩,然后拉一条直的参照线,这种做法用几何知识解释应是:两点确定一条直线.
故选:B.
【点睛】此题主要考查了直线的性质,要想确定一条直线,至少要知道两点.
7. 如图是一个可以自由转动的转盘.转动转盘,当指针停止转动时,指针落在红色区域的概率是( )
A. 1B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】用红色区域的圆心角除以周角度数即可.
【详解】解:转动转盘,当指针停止转动时,指针落在红色区域的概率是,
故选:D.
【点睛】本题主要考查几何概率,求概率时,已知和未知与几何有关的就是几何概率.计算方法是长度比,面积比,体积比等.
8. 如图,以点为位似中心,作四边形的位似图形,已知,若四边形的面积是2,则四边形的面积是( )
A. 3B. 6C. 9D. 18
【答案】D
【解析】
【分析】直接利用位似图形的性质得出面积比进而得出答案.
【详解】解:以点为位似中心,作四边形的位似图形,,
,
四边形的面积是2,
四边形的面积是18,
故选:D.
【点睛】本题主要考查了位似变换,正确得出面积比是解决此题的关键.
9. 如图,在中,,按如下步骤作图.
第一步:作的平分线交于点;
第二步:作的垂直平分线,交于点,交于点;
第三步:连接.则下列结论正确的是( )
A. B. 平分C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】如图,由角平分线和垂直平分线的性质可得,进而得到,最后运用平行线的判定定理即可说明B选项正确.
【详解】解:如图:
∵是的角平分,是的中垂线,
∴,,
∴,
∴,
∴.
故选:A.
【点睛】本题主要考查了角平分线的定义、垂直平分线的性质以及平行线的判定,灵活运用相关知识成为解答本题的关键.
10. 某个亮度可调节的台灯,其灯光亮度的改变,可以通过调节总电阻控制电流的变化来实现.如图所示的是该台灯的电流与电阻的关系图象,该图象经过点.根据图象可知,下列说法正确的是( )
A. 当时,B. I与R的函数关系式是
C. 当时,D. 当时,I的取值范围是
【答案】D
【解析】
【分析】设I与R的函数关系式是,利用待定系数法求出,然后求出当时, ,再由,得到随增大而减小,由此对各选项逐一判断即可.
【详解】解:设I与R的函数关系式是,
∵该图象经过点,
∴,
∴,
∴I与R的函数关系式是,故B不符合题意;
当时, ,
∵,
∴随增大而减小,
∴当时,,当时,,当时,I的取值范围是,故A、C不符合题意,D符合题意;
故选D.
【点睛】本题主要考查了反比例函数的实际应用,正确求出反比例函数解析式是解题的关键.
二、填空题(本大题共5小题,每小题3分,共15分)
11. 若实数,满足,则_________.
【答案】
【解析】
【分析】根据非负数的性质列出算式求出,的值,代入计算即可得到答案.
【详解】解:,,
,
,
,
故答案为:.
【点睛】本题考查的是非负数的性质,掌握几个非负数的和为0时,这几个非负数都为0是解题的关键.
12. 如果一个三角形两边的长分别等于一元二次方程的两个实数根,那么这个三角形的第三边的长可能是20吗?__________.(填“可能”或“不可能”)
【答案】不可能
【解析】
【分析】先求出方程的解,再根据三角形三边关系定理判断即可得到答案.
【详解】解:,
,
或,
即三边为6、11、20,
,不符合三角形三边关系定理,
这个三角形的第三边的长不可能是20,
故答案为:不可能.
【点睛】本题考查了解一元二次方程,三角形三边关系定理的应用,能求出一元二次方程的解是解此题的关键.
13. 化学中直链烷烃的名称用“碳原子数+烷”来表示,当碳原子数为时,依次用天干——甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、癸——表示,其中甲烷、乙烷、丙烷,丁烷的分子结构式如图所示,则第7个庚烷分子结构式中“”的个数是_________.
【答案】16
【解析】
【分析】根据题目中的图形,可以发现“”的个数的变化特点,然后即可写出第7个庚烷分子结构式中“”的个数.
详解】解:由图可得:
甲烷分子结构中“”的个数是:,
乙烷分子结构中“”的个数是:,
丙烷分子结构中“”的个数是:,
……
庚烷分子结构中“”的个数是:,
故答案为:16.
【点睛】本题考查数字的变化类,解答本题的关键是明确题意,发现“”的个数的变化特点.
14. 如图,在四边形中,、分别是、的中点,、分别是、的中点,依次连接、、、得到四边形是__________.
【答案】平行四边形
【解析】
【分析】根据中位线性质和平行四边形的判定条件,即可解答;
【详解】解:、分别是、的中点,、分别是、的中点,
,且,
且,
四边形为平行四边形,
故答案为:平行四边形.
【点睛】本题考查了中位线的性质,平行四边形的判定,能判断出是的中位线,是的中位线是解题的关键.
15. 如图,是一根cm的绳子,一端拴在柱子(点A)上,另一端(点)拴着一只羊,为一道围墙,cm,cm,,则羊最大的活动区域的面积是__________.(结果保留)
【答案】
【解析】
【分析】羊最大的活动区域的面积是一个扇形+一个小扇形的面积.
详解】解:如图所示:
大扇形的圆心角是90度,半径是3,
∴面积,
小扇形圆心角是,半径是1,
∴面积,
则羊最大的活动区域的面积是,
故答案为:.
【点睛】本题关键是从图中找出小羊的活动区域是由哪几个图形组成的.
三、解答题(一)(本大题共3小题,每小题8分,共24分)
16. 求不等式组的解集,并把不等式组的解集在数轴上表示出来.
【答案】不等式组的解集为,图见解析
【解析】
【分析】先分别求出每一个不等式的解集,再根据不等式组解集的确定方法:同大取大,同小取小,大小小大中间找,大大小小无处找,即可得到解集,在数轴上画出解集即可.
【详解】解:,
解不等式①可得:,
,
,
,
,
解不等式②可得:,
,
,
,
不等式组的解集为,
在数轴上表示为:
.
【点睛】本题主要考查了解不等式组,熟练掌握不等式组解集的确定方法:同大取大,同小取小,大小小大中间找,大大小小无处找,是解题的关键.
17. 在“世界读书日”到来之际,学校开展了课外阅读主题周活动,活动结束后,调查统计了部分学生一周的课外阅读时长(单位:小时),整理数据后绘制出如下的统计图①和图②.
请根据相关信息,解答下列问题:
(1)本次接受调查的学生人数为__________,图①中的值为__________;
(2)求统计的这部分学生一周课外阅读时长的平均数、众数和中位数.
【答案】(1)20;30
(2)统计的这部分学生一周课外阅读时长的平均数、众数和中位数分别为8,9,8
【解析】
【分析】(1)用条形统计图中的数据除以扇形统计图中对应的占比,即可得到总人数;再用学生一周的课外阅读时长为9小时的人数除以总人数,即可得到m的值;
(2)按照平均数,众数和中位数的概念,依次求出即可.
【小问1详解】
解:本次接受调查的人数为(人);
根据条形统计图,学生一周的课外阅读时长为9小时的人数为6人,故学生一周的课外阅读时长为9小时的人数占比为,
,
故答案为:20;30
【小问2详解】
解:,
观察条形统计图,9出出现的次数最多,故众数为9;
将这组数据从小到大排列,其中位于中间的两个数都是8,故中位数为8,
统计的这部分学生一周课外阅读时长的平均数、众数和中位数分别为8,9,8.
【点睛】本题考查了条形统计图与扇形统计图,平均数,众数,中位数的概念,熟知相关概念是解题的关键.
18. 按下列程序计算,把答案填写在表格内,并回答下列问题:
(1)根据上述计算你发现了什么规律?
(2)你能说明你发现的规律是正确的吗?
【答案】(1)输入除0以外的数,输出结果都为1;(2)见解析
【解析】
【分析】(1)输入-2时,输出结果为1,输入时,输出结果为1,即可得;
(2)结合题意可将程序表示:,进行计算即可得.
【详解】解:(1)输入-2时,输出结果为1,输入时,输出结果为1,
故可得规律:输入除0以外的数,输出结果都为1;
(2)结合题意可将程序表示为:,
,
所以发现的规律是正确的.
【点睛】本题考查了有理数的混合运算,解题的关键是掌握有理数混合运算的顺序和运算法则.
四、解答题(二)(本大题共3小题,每小题9分,共27分)
19. 佛山奇龙大桥犹如一架巨大的竖琴,横跨于东平水道上,是禅城区的“东大门”,大桥采用独塔斜拉桥结构,全长395米,已知主塔垂直于桥面于点,其中两条斜拉索、与桥面的夹角分别为和,两固定点、之间的距离约为,求主塔的高度.(结果保留整数,参考数据:,)
【答案】
【解析】
【分析】在中,利用正切的定义求出,然后根据得出,列方程求出即可解答.
【详解】解:∵,
∴,
在中,,
在中,,
∴,
∴,
∴,
∴m,
∴m.
答:主塔的高度约为.
【点睛】本题主要考查了解直角三角形的应用,熟练掌握正切的定义是解题的关键.
20. 某种蔬菜的销售单价y1与销售月份x之间的关系如图(1)所示,成本y2与销售月份之间的关系如图(2)所示(图(1)的图象是线段图(2)的图象是抛物线)
(1)分别求出y1、y2的函数关系式(不写自变量取值范围);
(2)通过计算说明:哪个月出售这种蔬菜,每千克的收益最大?
【答案】(1)y1=;y2=x2﹣4x+13;(2)5月出售每千克收益最大,最大为.
【解析】
【分析】(1)观察图象找出点的坐标,利用待定系数法即可求出y1和y2的解析式;
(2)由收益W=y1-y2列出W与x的函数关系式,利用配方求出二次函数的最大值.
【详解】解:(1)设y1=kx+b,将(3,5)和(6,3)代入得,,解得.
∴y1=﹣x+7.
设y2=a(x﹣6)2+1,把(3,4)代入得,
4=a(3﹣6)2+1,解得a=.
∴y2=(x﹣6)2+1,即y2=x2﹣4x+13.
(2)收益W=y1﹣y2,
=﹣x+7﹣(x2﹣4x+13)
=﹣(x﹣5)2+,
∵a=﹣<0,
∴当x=5时,W最大值=.
故5月出售每千克收益最大,最大为元.
【点睛】本题考查了一次函数和二次函数的应用,熟练掌握待定系数法求解析式是解题关键,掌握配方法是求二次函数最大值常用的方法
21. 如图,在△ABC中,以边AB为直径作⊙O,交AC于点D,点E为边BC上一点,连接DE.给出下列信息:①AB=BC;②∠DEC=90°;③DE是⊙O的切线.
(1)请在上述3条信息中选择其中两条作为条件,剩下的一条作为结论,组成一个命题.你选择的两个条件是______,结论是______(只要填写序号).判断此命题是否正确,并说明理由;
(2)在(1)的条件下,若CD=5,CE=4,求⊙O的直径.
【答案】(1)①和②,③,真命题,证明见解析;(答案不唯一)
(2)
【解析】
【分析】(1)选择①和②为条件,③为结论,连接OD,由等边对等角可得出∠A=∠C,∠A=∠ODA,即可推出∠C=∠ODA,从而可证明,再根据平行线的性质和∠DEC=90°,可证明∠ODE=∠DEC=90°,即,说明DE是⊙O的切线;
(2)连接BD,由直径所对圆周角为直角得出.再结合等腰三角形三线合一的性质可得出AD=CD=5.又易证,即得出,代入数据即可求出AB的长.
【小问1详解】
解:选择①和②为条件,③为结论,且该命题为真命题.
证明:如图,连接OD,
∵AB=BC,
∴∠A=∠C.
∵OA=OD,
∴∠A=∠ODA,
∴∠C=∠ODA,
∴.
∵∠DEC=90°,
∴∠ODE=∠DEC=90°,即,
∴DE是⊙O的切线.
故答案为:①和②,③;(答案不唯一)
【小问2详解】
解:如图,连接BD,
∵AB为直径,
∴,即.
∵AB=BC,
∴AD=CD=5.
在和中,
∴,
∴,即,
∴.
故圆O的直径为.
【点睛】本题考查等腰三角形的性质,平行线的判定和性质,切线的判定和性质,圆周角定理以及三角形相似的判定和性质.解题的关键是连接常用的辅助线.
五、解答题(三)(本大题共2小题,每小题12分,共24分)
22. 在平面直角坐标系中,如果一个点的横坐标与纵坐标相等,则称该点为“不动点”,例如、、都是“不动点”,已知双曲线.
(1)求双曲线上的“不动点”;
(2)若抛物线(、为常数)上有且只有一个“不动点”.
①当时,求的取值范围;
②如果,过双曲线图象上第一象限的“不动点”作平行于轴的直线,若抛物线上有四个点到的距离为,直接写出的取值范围.
【答案】(1)双曲线上的“不动点”为和;
(2)①;②
【解析】
【分析】(1)根据定义设“不动点”为,即可求解;
(2)①设抛物线(、为常数)上的“不动点”为,根据抛物线上有且只有一个“不动点”,列不等式求解;②根据题意先求出抛物线解析式和直线,设直线r在直线下方且到直线的距离为m,直线交直线于点A,交直线r于点C,可得即可求出答案.
【小问1详解】
解:设双曲线上的“不动点”为,
则,解得:,,
∴双曲线上的“不动点”为和;
【小问2详解】
解:①设抛物线(、为常数)上的“不动点”为,
则,
∵抛物线上有且只有一个“不动点”,
∴关于x的一元二次方程有两个相等的实数根,
∴,
解得:,
∵,
∴,
∴;
②当时,则,
解得:,
∴抛物线为,
由(1)得:双曲线在第一象限上的“不动点”为,
∴直线即直线,
∵,
∴抛物线顶点坐标为,对称轴为直线,
设直线r在直线下方且到直线的距离为m,直线交直线于点A,交直线r于点C,
∴,,
∴,
设直线t与直线r关于直线l对称,
∵当点C在点B上方时,抛物线上四个点到l的距离为m,
∴;
【点睛】本题考查反比例函数图像与性质、二次函数的图像与性质、新定义问题的求解等,综合性强、难度大.
23. 如图1,在矩形中,,,点在线段上运动,设,现将纸片折叠,使点与点重合,得折痕(点为折痕与或的交点,点为折痕与或的交点),再将纸片还原.
(1)①当时,折痕的长为__________;
②当__________时,点与点重合.
(2)当点与点重合时,在图2中画出四边形,求证:四边形为菱形,并求出菱形的周长;
(3)如图3,若点在边上,点在边上,线段与相交于点;连接,,用含的代数式表示四边形的面积.
【答案】(1)①5;②3
(2)证明见解析,周长为
(3)
【解析】
【分析】(1)①当时,折痕的长正好等于矩形的长为5;②当点与点重合时,画出符合要求的图形,根据折叠的性质即可得到答案;
(2)由由折叠的性质可得:,由矩形的性质可得,从而得到,则,从而得到,即可得证,设,则,,
在中,,解方程即可得到答案;
(3)作,交于,在中,,由勾股定理可得,,则,通过证明,可得,即,可得,最后由即可得到答案.
【小问1详解】
解:①折叠纸片,使点与点重合,得折痕,
当时,点与点重合,即为重合,重合,
,
故答案为:5;
②当点与点重合时,如图所示:
由折叠的性质可得:,
当时,点与点重合,
故答案为:3;
【小问2详解】
证明:根据题意画出图如图所示:
,
由折叠性质可得:,
四边形为矩形,
,
,
,
,
四边形为菱形,
设,则,,
在中,,
,
解得:,
菱形的周长为;
【小问3详解】
解:如图所示,作,交于,
,
则四边形为矩形,
,
由折叠的性质可得:,
设,则,
在中,,
即,
解得:,
,,
,
,
,
,
,即,
,
.
【点睛】本题主要考查了折叠的性质、矩形的性质、菱形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、勾股定理,熟练在掌握折叠的性质、矩形的性质、菱形的判定与性质、相似三角形的判定与性质,添加适当的辅助线,是解题的关键.
输入x
3
2
-2
…
输出答案
1
1
…
相关试卷
这是一份2024年广东省佛山市禅城区中考三模数学试题,共23页。试卷主要包含了 下列运算正确的是等内容,欢迎下载使用。
这是一份2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题,共8页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
这是一份2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题,文件包含2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题解析版docx、2023学年广东省佛山市禅城区四校联考中考三模数学试题原卷版docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共29页, 欢迎下载使用。