九年级物理第三次月考卷（南京专用，苏科版，第11~15章）：2024+2025学年初中上学期第三次月考.zip

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注意事项：
1．本试卷分选择题非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡上。
2．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。作答非选择题，必须用0．5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效。
3．如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。
4．难度系数：0.8
5．测试范围：第十一~十五章（苏科版）。
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题只有一个选项符合题意）
1．如图所示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．瓶起子B．核桃夹
C．撬棒D．筷子
【答案】D
【解析】A．起子使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A不符合题意；
B．核桃夹使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B不符合题意；
C．撬棒使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不符合题意；
D．筷子使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D符合题意。
故选D。
2．三峡工程举世瞩目，其水电站的年设计发电量在8亿千瓦时以上，“千瓦时”是下列哪一个物理量的单位（ ）
A．时间B．电流C．电能D．电功率
【答案】C
【解析】A．时间的单位有：小时、分、秒，故A不符合题意；
B．电流的单位是安培，千瓦时不是电流单位，故B不符合题意；
C．电能的单位是焦耳，千瓦时是其常用单位。1kW·h=3.6×106J。故C符合题意；
D．电功率的单位是瓦特，千瓦时不是电功率的单位，故D不符合题意。
故选C。
3．下列用电器主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电饭锅B．电视机
C．电风扇D．电冰箱
【答案】A
【解析】A．电饭煲工作时，将电能转化为内能，加热食物，是利用电流的热效应工作的，故A符合题意；
B．电视机工作时，主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意；
CD．电风扇和电冰箱工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故CD不符合题意。
故选A。
4．孝敬父母是中华民族的传统美德。如图所示，寒冷的冬天，小聪用热水为妈妈泡脚的过程中（ ）
A．通过热传递增加了脚的内能B．热量由脚传递给了水
C．水的温度降低，水的比热容减小D．水的温度降低，水的比热容变大
【答案】A
【解析】AB．泡脚时，脚的温度较低，水的温度较高，热量由水传给脚，脚吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递增大内能的，故A符合题意，B不符合题意；
CD．比热容是物质的属性，与其温度变化无关，所以水的温度较低，比热容不变，故CD不符合题意。
故选A。
5．利用图示甲、乙装置 （ 燃烧皿内燃料和烧杯内液体未画出） ，可完成两个实验：实验一“探究不同物质吸热升温的现象”，实验二“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”．下列关于这两个实验的说法正确的是（ ）
A．实验一时，烧杯中应装入质量相等的同种液体
B．实验二时，烧杯中应装入质量相等的不同液体
C．实验一时，在燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间
D．实验二时，在燃烧皿中放入不同燃料，用秒表记录燃料燃尽所用时间
【答案】C
【解析】A．实验一“探究不同物质吸热升温的现象”，烧杯中应装入质量相等的不同液体，故A错误；
B．实验二“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”，烧杯中应装入质量相等的同种液体，故B错误；
C．实验一时，“探究不同物质吸热升温的现象”，在燃烧皿中放入同种燃料，用秒表记录加热时间，用加热时间反映液体吸热的多少，故C正确；
D．实验二时，“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”，在燃烧皿中放入不同燃料，燃料充分燃烧后，用温度计记录烧杯中液体的温度，故D错误．
6．如图是小巴同学用橙子做水果电池时，用导线将电压表的两个接线柱分别连在铜片和锌片上，观察到电压表指针发生偏转。下列说法正确的是（ ）
A．此时电压表示数为3V
B．此过程中水果电池是将电能转化为机械能
C．锌片是这个水果电池的负极
D．水果电池可点亮家用节能灯
【答案】C
【解析】A．电压表的小量程接入电路中，此电压表量程为0～3V，分度值为0.1V，根据指针位置可以读出示数为0.6V，故A错误；
B．水果电池消耗了化学能，得到了电能，因此是将化学能转化为电能，故B错误；
C．电压表接线为正接线柱流入，负接线柱流出，故锌片为水果电池的负极，故C正确；
D．家用节能灯工作时的两端电压为220V，而水果电池提供的电压远小于220V，因此水果电池不可以点亮家用节能灯，故D错误。
故选C。
7．如图所示是从机械能、内能和化学能出发，整理的第12章“机械能和内能”的单元知识结构图，图中①②③处依次填写的内容是（ ）
A．单摆、扩散、热值B．温度计、燃烧、比热容
C．火箭、热传递、做功D．热机、做功、热传递
【答案】D
【解析】热机是内能的一种应用，热机是将内能转化为机械能，改变内能的方式有做功和热传递。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
8．小明家记录10月初电能表示数为1432．7度，电能表的部分参数及11月初的示数如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．用电1kW•h，该电能表转盘转过2500转
B．小明家10月份总共用电105J
C．此电能表能长期正常运行的最大电流为10A
D．11月初小明家已经消耗的电能是15377kW·h
【答案】A
【分析】本题考查电能表读数，利用电能表的参数进行相关物理量的计算
【解析】A．从电能表的参数可知，电能表每转动2500转，消耗1kW•h的电能，故A正确
B．小明家10月初电能表示数是1432.7kW•h，11月初示数为1537.7 kW•h，那么10月份消耗的电能
而不是105J，故B不正确
C．电能表参数中有“10A”，表示的是电能表允许通过的最大电流为10A，不是长期正常运行的最大电流，故C不正确
D．电能表上的示数是电能表运行之后，家中消耗的总电能，应是1537.7kW•h，而不是15377kW•h，故D不正确
9．两个定值电阻，甲标有“10V 0．2A”，乙标有“9V 0．3A”，现把它们串联起来，电路允许加的最大电压为（ ）
A．18VB．16VC．4.7VD．19V
【答案】B
【解析】由两定值电阻的铭牌可知，两者允许通过的最大电流分别为I甲=0.2A，I乙=0.3A，由于串联电路中各处的电流相等，两电阻串联起来时，电路中的最大电流为
I最大=I甲=0.2A
甲、乙电阻的阻值分别为
，
串联电路中总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，串联电路两端允许加的最大电压为
U最大=I最大（R甲+R乙）=0.2A×（50Ω+30Ω）=16V
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
10．某型号天然气泄漏检测仪器的电路如图所示，图中R为气敏电阻，其阻值R随天然气浓度的增大而减小，已知R0为定值电阻，电源电压恒定不变，用此仪器检测天然气是否泄漏，则下列判断正确的是（ ）
A．天然气浓度增大时，电压表示数变小
B．天然气浓度减小时，电流表示数变大
C．天然气浓度增大时，电压表与电流表示数的比值变小
D．无论天然气浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变
【答案】D
【解析】由图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
ACD．当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大；因电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以，不论天然气浓度增大还是减小时，电压表与电流表示数的比值不变，故D正确，AC错误；
B．天然气浓度减小时，气敏电阻R的阻值变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B错误。
故选D。
11．我国第一部介绍西方物理学的著作《远西奇器图说》里记载了一种机械装置，如图所示。小球B拉着小球A匀速移动，若小球B的质量是20克，不考虑摩擦和绳重，小球A的质量可能为（ ）
A．30克B．20克C．16克D．10克
【答案】A
【解析】不考虑摩擦和绳重，定滑轮即不省力又不省距离，则绳子对A的拉力等于B的重力，当B下降时，B下降的高度hB等于A沿斜面上升的距离lA，大于A竖直上升的高度hA，根据功的原理可知，重力对B做的功等于绳子的拉力对A做的功，也等于克服A的重力做的功，即
mAghA=mBghB
因为
hA＜hB
所以
mA>mB
因此A的质量肯定大于20g，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
12．如图甲所示的电路中，电源两端的电压保持不变，电流表的量程为0~0.6A，电压表的量程为0~15V，可变电阻R2的铭牌上标有“200Ω 1A”的字样。闭合开关S，在调节可变电阻R2阻值的过程中，电压表的示数U与R2接入电路阻值的关系如图乙所示。若要求两只电表的示数均不能超过所选量程，下列说法正确的是（ ）
A．电源两端的电压为20V
B．R1的阻值为18Ω
C．为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是20Ω~100Ω
D．电流表示数的变化范围为0.15A~0.6A
【答案】D
【解析】由电路图知道，闭合开关S后，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB．由图乙知道，当变阻器接入电路中的电阻R2=40Ω时，其两端的电压U2=12V，因串联电路中各处的电流相等，所以，此时电路中的电流
根据串联电路中总电压等于各分电压之和和知道，电源的电压
①
当变阻器接入电路中的电阻R2′=70Ω时，其两端的电压
此时电路中的电流
则电源的电压
②
由①②可得
U=18V
R1=20Ω
故A错误，B错误；
C．当滑动变阻器两端的电压为15V时，接入电路的电阻最大，此时R1两端的电压
由串联分压原理知道，
解得滑动变阻器接入电路的最大电阻是
当电路中的电流为0.6A时，接入电路的电阻最小，此时电路的总电阻
则滑动变阻器接入电路的最大电阻是
所以，为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是10Ω~100Ω，故C错误；
D．当电压表的示数U2大=15V时，R1两端的电压
此时电路中的电流
此时滑动变阻器接入电路中的电阻
则电路中电流表的最小示数为0.15A，当滑动变阻器接入电阻为0时，电路中的电流
则电路中的最大电流为0.6A，所以，电流表示数的变化范围是0.15A～0.6A，故D正确。
故选D。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共32分）
13．如图，将包装口香糖的纸剪成中间较窄的细条，然后将锡箔细条的两端连接电池正负极，很快发现细条中较窄处段开始冒烟起火，这是因为细条将电池短路。若段长度等于段长度，则段电阻_________段电阻，此时段电流_________段电流（以上两空选填“大于”“等于”或“小于”）。
【答案】 ①大于 ②等于
【解析】[1][2]锡箔纸条两端的铝面直接接触电池的正负极，造成短路，这样电流会很大，铝纸条中间最细处的横截面积较小，电阻较大，即ab段电阻大于bc段电阻，根据Q=I2Rt可知，此时电路中迅速产生大量热量使温度达到锡纸的着火点而使之燃烧；串联电路中电流处处相同，所以ab段电流等于bc段电流。
14．针对下列图片情境回答物理问题：
（1）如图（a）所示，食品夹属于_________（选填“省力”或“费力”）杠杆，若需要夹起一个较滑且较重的食物，握夹子的手指应该距离食物更_________（选填“近”或“远”）一些；
（2）如图（b）所示是汽油机工作时的一个冲程，在此过程中，汽油机的能量转化是__________________；某单缸四冲程汽油机在1s内完成了15个工作循环，则该汽油机飞轮转速为_________r/min。
【答案】 ①费力 ②近 ③机械能转化为内能 ④1800
【解析】（1）[1]食品夹在使用时，由于动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆。
[2]要夹起一个较滑且较重的食物，需要增大夹子对食物的压力，由力作用的相互性可知，食物对食品夹的阻力增大；根据图示可知阻力臂不变，人的动力若不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力臂应变大，即握夹子的手指应该距离食物更近一些。
（2）[3]由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程，该过程由机械能转化为内能。
[4]四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。则汽油机在1s内完成了15个工作循环，飞轮转30r，则1min转
30r/s×60s=1800r
故该汽油机工作时飞轮的转速为1800r/min。
15．如图甲，定值电阻R2的阻值为40Ω.闭合开关，电流表A1、A2的指针偏转均如图乙所示.则电流表A1的读数为_________A，电流表A2的读数为_________A，电源电压为_________V，R1的阻值为_________Ω。
【答案】 ①1.5 ②0.3 ③12 ④10
【解析】图甲是R2与R1并联的电路，电流表A2测量R2所在支路的电流，电流表A1测量干路电流，所以A1的示数一定较大，而二者指针偏转角度相同，所以可知A1的量程为0~3A，分度值为0.1A，示数为1.5A；A2的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；
根据欧姆定律可知R2两端电压为：U=IR2=0.3A×40Ω=12V，所以电源电压为12V；
根据并联电路电流规律可知，通过R1的电流为：1.5A-0.3A=1.2A;
根据欧姆定律可求出R1阻值为：
16．如图所示，通过滑轮组将深井中的物体匀速拉至井口。已知井深100m，物体重5.0×103N，拉绳子的力F为2.0×103N，不计绳重和摩擦。则动滑轮的重为_________N，滑轮组的机械效率_________。
【答案】 ①1.0×103 ②83.3%
【解析】[1]由图得
不计绳重和摩擦
动滑轮的重为
[2]滑轮组的机械效率
17．如图所示为旋转式变阻器，是通过改变接入电路的电阻片的_________来改变其连入电路的电阻大小的．若将图中旋转式变阻器的B、C两接线柱连入电路，则连入电路的弧形电阻片是_________段（选填“AP”、“PB”或“AB”）．若将该旋转式变阻器接入收音机中当作音量开关，当轴沿顺时针方向旋转时，收音机的音量将_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】 ①长度 ②PB ③变大
【解析】旋转式变阻器是通过改变接入电路的电阻片的长度来改变其连入电路的电阻的大小的；当将B、C两接线柱连入电路中时，连入电路的弧形电阻片是PB段；当轴沿顺时针方向旋转时，电阻变小，电流增大，所以收音机的音量将变大。
18．按要求填空：
（1）如图甲所示，电源电压是3V且保持不变，S闭合后电压表示数为1V，则灯两端的电压为_________；若断开开关，电压表示数将_________（“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）如图乙所示，两个水果组成的电池让发光二极管发光了，发光二极管具有单向导电的性质，电流只能从正极流进，从负极流出，则金属片A是水果电池_________（选填“正极”或“负极”）；将发光二极管正负极接线对调后，发光二极管不发光，此时水果电池的正负极之间_________（选填“有”或“没有”）电压，二极管是由_________材料制成的。
【答案】 ①2V ②大 ③正极 ④有 ⑤半导体
【解析】（1）[1]开关S断开时，电压表与灯泡串联接入电路中，测量的是电源电压；由电路图可知，闭合开关后，灯与串联，电压表测灯两端的电压；已知此时电压表示数是1V，则灯两端的电压是1V，串联电路中总电压等于各部分电路电压之和，灯两端的电压为
[2]断开开关S，电压表串联在电路中，电压表测电源两端电压，此时其示数为3V，所以断开开关后，电压表示数变大。
（2）[1]图中二极管发光，说明二极管的连接是正确的，此时水果是这个电路里的电源，金属片A是水果电池的正极，金属片B是水果电池的负极。
[2][3]现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，是因为它的正负极接反了，说明二极管具有单向导电性，此时水果电池的正负极之间仍然有电压，二极管是由半导体材料制成的。
19．如图所示的电路中，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时U甲∶U乙为4∶3，则R1∶R2＝ ；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比I甲∶I乙＝ 。
【答案】 ①1∶3 ②1∶4
【解析】[1]由图可知，当开关S闭合，甲，R1与R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2两端的电压。已知两表的示数之比为U甲∶U乙＝4∶3，即电源电压与R2两端的电压之比为
U∶U2＝U甲∶U乙＝4∶3
根据串联电路电压规律可得，R1、R2两端的电压之比为
串联电路中各处电流相等，根据串联电路分压的规律可得
[2]当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，R1与R2并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量干路中的电流，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以R1与R2的电压相等，根据并联电路分流的规律可知R1与R2的电流之比为
由于并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以甲、乙两表的示数之比为
20．如图，电源电压为6V，L的电阻是10Ω，滑动变阻器的最大值是40Ω。闭合开关后，滑片从a端向b端移动时，电压表对应的示数变化范围是_________，灯L消耗的电功率_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①1.2V~6V ②不变
【解析】[1][2]由电路图可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片左侧和灯泡两端的电压之和，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片从a端向b端移动时，电路中的总电阻不变，但滑片左侧部分两端的电阻变大，由可知，电路中的电流不变，由U=IR可知，滑片左侧和灯泡两端的电压之和变大，即电压表的示数变大；由P=I2R可知，灯泡消耗的电功率不变；当滑片位于a端时，电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流
电压表的最小示数
UL=IRL=0.12A×10Ω=1.2V
当滑片位于b端时，电压表的示数最大，最大示数为电源的电压6V，所以，电压表对应的示数变化范围是1.2V～6V。
21．如图所示，LED灯具有节能、环保等特点．一只“220V 9W”的LED灯与一只“220V 60W”的白炽灯在正常工作时发光效果相当．该节能灯正常发光10h消耗的电能是_________kW·h．在相同时间内，与白炽灯相比，LED灯可以节约百分之多少的电能？_________%。
【答案】 ①0.09 ②85
【解析】[1][2]LED灯标有“220V 9W”字样的含义是：额定电压为220V，额定功率为9W；由P=W/t知道，该节能灯正常发光10h消耗的电能是
W=Pt=0.009kW×10h=0.09kW•h
设两种灯泡正常发光的时间为t，则：LED消耗的电能W节=P节t，白炽灯消耗的电能为W白=P白t，在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约电能的百分比
W白−W节/W白×100%==85%
22．如图所示为多功能飞行器，它具有4个独立旋翼，均可通过无线电进行操控，其在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。某快递公司的一架无人机载着质量为6kg的货物，先在9s内沿竖直方向匀速上升60m，再在4s内沿水平方向匀速飞行20m后，将货物送达目的地。则：
（1）在匀速上升时，无人机对货物所做的功W1=_________J，该无人机在此次运货的整个过程中对货物所做的功为W2，则W2_________W1（选填“>”、“=”或“<”）；（g=10N/kg）
（2）该机每个旋翼的电动机额定功率为30W，额定电流为2A，为了保证4个旋翼均能正常工作，则所配电池的电压为_________V，电池此时工作的电流为_________A；
（3）若这块电池的容量为5000mA·h，当电池电能的80%用于飞行，则在飞行过程中电池可提供能量_________J，若飞行时的实际功率为100W，则该飞行器最多能持续飞行_________h。
【答案】 ①3600 ②= ③15 ④8 ⑤2.7×105 ⑥0.6
【解析】（1）[1]无人机在匀速上升时，无人机对货物所做的功（即克服货物重力而做功）
W1=Gh=mgh=6kg×10N/kg×60m=3600J
[2]该无人机在此次运货的整个过程中可分为两个过程：提升物体和水平移动物体，则
W2=W1+W平移
由题知，这两个过程中，无人机对物体的拉力始终向上，根据做功的两个必要因素可知，物体平移时，拉力并没有做功，即W平移=0，由此可知
W2=W1
（2）[3]每个电动机的电压
U==15V
为了保证4个旋翼电动机均能正常工作，4个独立旋翼电动机应并联，则所配电池的电压为15V。
[4]由并联电路电流的规律，电池此时工作的电流为
I总=4I=4×2A=8A
（3）[5]电池储存的能量（即在飞行过程中电池可提供能量）
W=UIt=15V×5000×10-3A×3600s=2.7×105J
[6]电能转化为的机械能
W机械=W×80%=2.7×105J×80%=2.16×105J
该机最多能飞行的时间
=2160s=0.6h
三、解答题（本题共8小题，作图每图2分，每空1分，共44分）
23．（4分）按要求完成下列作图：
（1）如图所示是设计的一个自动防盗报警电路。要求：晚间开关S闭合后，当房门被打开时，细导线AB被扯断。
【答案】
【解析】从电源正极依次串联开关、灯泡以及电铃回到电源负极，如图所示：
（2）按要求连接图电路，要求：L1、L2并联，电流表测干路上的电流。
【答案】
【解析】由题意可知，两灯泡并联（应并列连接），然后与电流表（测干路上的电流）、开关、电源串联组成电路，如下图所示：
24．（6分）用钢球、木块和带有斜槽的长木板。探究物体的动能跟哪些因素有关。
（1）该实验中所探究物体的动能是指_________（选填“钢球”或“木块”）的动能；
（2）如图甲，让钢球从斜槽上的某一高度由_________开始运动，撞击水平面上的木块。钢球撞击木块时具有的动能大小可通过____________________________________来反映；
（3）如图乙，将钢球置于斜槽上更高的位置重复上述实验。实验表明，钢球_________一定时，从斜槽越高的位置开始运动，撞击木块的速度越大，钢球的动能越_________；
（4）若用图丙的装置，可以探究动能大小与_________的关系（选填“质量”、“速度”或“质量、速度”）。
【答案】①钢球 ②静止 ③木块移动的距离 ④质量 ⑤大 ⑥速度
【解析】（1）实验探究的是钢球的动能，用木块被撞击后移动的距离来反应钢球动能大小。
（2）[1]实验时为了通过下落高度来控制钢球到达水平面时的速度，将钢球从斜面的某一高度由静止释放。
[2]实验时用木块被撞击后移动的距离来反应钢球动能的大小，采用了转换法。
（3）[1][2]将同一钢球从更高的位置由静止滑下，钢球到达水平面时的速度更大，木块被撞击后移动的距离更大，说明：在质量一定时，钢球的速度越大，动能越大。
（4）图丙中，弹性势能转化为钢球的动能，钢球的质量一定，弹簧的形变量不同，弹性势能不同，钢球的动能不同，则钢球运动的速度不同，撞击木块后木块移动的距离不同，故可用于探究在质量一定时，钢球的动能与速度的关系。
25．（4分）如图所示是比较不同燃料热值的装置。
（1）实验时取质量_________（选填“相等”或“不等”）的酒精和碎纸片，将其分别放在两个燃烧皿中，点燃它们，分别给装有质量_________（选填“相等”或“不等”）的水加热，燃烧相同时间后，测得甲图中水温升高10℃，乙图中水温升高4℃，根据此现象_________（选填“能”或“不能”）说明一定是酒精的热值较大；
（2）有一种“涡轮增压”（T型）轿车，通过给发动机更足量的空气，使汽油更充分地燃烧，比普通轿车（L型）更节能，排气更清洁。同样的汽油（如95#）加在T型轿车内与加在L型轿车内热值_________（选填“相等”或“不等”）。
【答案】 ①相等 ②相等 ③不能 ④相等
【解析】（1）[1][2]由可知，比较不同燃料热值应保持两种燃料的质量相等，使其完全燃烧，分别给质量相同的水加热，由可知，通过水升高的温度来比较它们的热值的大小。
[3]在其它条件相同时，燃烧相同时间后，两种燃料燃烧的质量不能比较，测得甲图中水温升高10℃，乙图中水温升高4℃，说甲杯水的温度升高得较快，即酒精燃烧产生的热量多，由可知，不能说明一定是酒精的热值较大。
（2）[4]热值是燃料的特性，只与燃料种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等无关，所以同样的汽油（如95#）加在T型轿车内与加在L型轿车内热值相等。
26．（5分）根据小明“探究杠杆的平衡条件”的实验要求，完成下列各题：
（1）实验开始时，杠杆静止时如图甲所示，杠杆处于_________（选填“平衡”或“不平衡”）状态，小明通过调节杠杆右端的螺母向_________移动（选填“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡，然后进行下面的实验探究；
（2）当弹簧测力计由图乙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将_________（选填“变大”、“不变”或“变小”）；
（3）有人用轻质杠杆组装成如图丙，轻质杠杆可绕O转动，在A点始终受一垂直作用于杠杆的力，力F将_________。
A．变大B．变小C．不变D．先变大，后变小E．先变小，后变大
（4）小明将原来装置改装成丁图，质量分布均匀的杠杆自重是G0，C和A点分别是杠杆总长度的处和处，小明两次将重为G的钩码分别挂在A和C点，已知G0=G，两次机械效率分别是ηA和ηC。则=_________（不计摩擦）。
【答案】 ①平衡 ②右 ③变大 ④D ⑤
【解析】（1）[1][2]杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时；杠杆右端高，所以应将平衡螺母右调，杠杆才能平衡。
（2）当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，由杠杆平衡条件：F1l1=F2l2，可知弹簧测力计的拉力变大。
（3）在转动过程中，力F始终垂直杠杆，即动力臂始终不变；而重力大小不变，重力的力臂在杠杆水平时最大，则阻力与阻力臂的乘积先变大后变小。根据杠杆平衡条件可知F先变大后变小，故D符合题意。
（4）将重为G的钩码分别挂在A点和C点，使钩码上升同样的高度h，则W有=Gh，C和A点分别是杠杆总长度的处和处，当挂在C点时钩码上升的高度为h，G0上升的高度为h，拉力上升的高度为2h；当挂在A点时钩码上升的高度为h，G0上升的高度为2h，拉力上升的高度为4h。将重为G的钩码分别挂在A点和C点，克服杠杆自重的额外功分别为
，
两次机械效率之比是
27．（4分）在“探究电流做功多少与电压、电流的关系”的活动中，同学们设计了如图甲、乙两个电路。
（1）实验中我们通过比较_____________________比较相同时间内电流做功的多少；
（2）利用图甲可以探究电流做功多少与_________的关系，得到的结论是________________________________________________________________________；
（3）在如图乙的实验中，为了验证电功与电压的关系，我们应该选择规格_________（选填“相同”或“不相同”）的小灯泡。
【答案】 ①灯泡的亮度 ②电流大小 ③在电压和通电时间相同时，电流越大，电流做功越多 ④不相同
【解析】（1）[1]灯泡越亮、实际功率越大，在相同时间里消耗的电能越多，电流做功越多，所以我们可以通过灯泡的亮度来比较相同时间内电流做功的多少。
（2）[2][3]图甲中两灯并联，两灯两端的电压相等，两电流表分别测两灯泡的电流，则可知这是探究电流做功与电流大小的关系；观察到的现象为：电流表的示数越大，灯越亮，可以得出结论：在电压和通电时间相同时，电流越大，电流做功越多。
（3）[4]为了验证电功与电压的关系，根据控制变量法，要控制电流和通电时间都相同，因串联电路电流处处都相等，所以将两灯串联；要让两灯的电压不同，则需要选择规格不相同的小灯泡实验。
28．（8分）小军同学用图甲、乙探究电流与电压、电阻的关系，请回答下列问题：
（1）按照图甲所示的电路图，请用笔画线代替导线，完成图乙所示的实物图的连接；
（2）在做探究电流与电压关系的实验时，采用的实验方法是_________法。实验中，滑动变阻器的主要作用：一是___________________________，二是保护电路；
（3）他用如图乙所示的电路图继续探究电流与电阻的关系，选择了6V的电源，滑动变阻器（甲“20Ω1A”、乙“30Ω 1A”）两个，定值电阻三个（5Ω、10Ω、15Ω）。正确连接电路，闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且接近于电源电压，则电路中出现的故障可能是定值电阻发生了_________；
（4）排除故障后，小军通过实验测得多组数据，由这些数据得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得到的结论是_____________________________________________；
（5）在上述实验中，小军先把5Ω的电阻接入电路中进行测量，接着又改用10Ω的电阻继续做实验，当把10Ω的电阻接入电路后，小军应将滑片P向_________（选填“左”或“右”）端移动至适当的位置，使电压相等；
（6）小军实验所选用的滑动变阻器（甲“20Ω1A”、乙“30Ω1A”）应该是_________（选填“甲”或“乙”）。如果小军没有正确选用滑动变阻器，在实验中就会出现这样的情况，当把_________Ω的定值电阻接入电路时，发现无论怎样移动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的数值。
【答案】 ① ②控制变量 ③改变电阻的电压和电流 ④断路 ⑤电压一定时，电流与电阻成反比 ⑥右 ⑦乙 ⑧15
【解析】（1）[1]变阻器按一下一上连入电路中与电流表串联，电压表与电阻并联，电路连接如下图所示：
（2）[2]在做探究电流与电压关系的实验时，要控制电阻大小不变，采用的实验方法是控制变量法。
[3]为得出普遍性的结论，要多次测量，故实验中，滑动变阻器的主要作用：一是改变电阻的电压和电流，二是保护电路。
（3）[4]正确连接电路，闭合开关后，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数且接近于电源电压，则电压表与电源连通，则电路中出现的故障可能是定值电阻发生了断路。
（4）[5]由图丙知，电阻两端的电压始终保持
为一定值，故由图像可以得到的结论是电压一定时，电流与电阻成反比。
（5）[6]根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，目的是控制电压表的示数不变。
（6）[7]根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为
U滑＝U-UV＝6V-2.5V＝3.5V
变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少21Ω的滑动变阻器，小军实验所选用的滑动变阻器应该是30Ω 1A，即乙滑动变阻器。
[8]若选用20Ω 1A的滑动变阻器，因电阻的电压为变阻器分得电压的倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻20Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大为
当把15Ω的电阻接入电路时，发现无论怎样移动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的数值（因变阻器最大电阻过小，电压表示数大于2.5V）。
29．（8分）在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V。小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为。
（1）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整；
（2）滑片置于阻值最大处，闭合开关试触时，发现电压表示数很大，电流表几乎无示数，出现的电路故障原因可能是__________________；
（3）小明闭合开关后，移动滑片到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为_________V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图中滑片向_________（选填“”或“”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（4）小明移动滑片，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_________W；
（5）若小灯泡的实际电压为，且与小灯泡额定电压的关系为，以下关于灯泡额定功率与实际功率的数值关系，你认为最有可能的是_________；
A． B． C． D．无法确定
（6）另一名同学发现不用电压表，用如图丁所示的电路也可测量已知额定电流的小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电流为，定值电阻的阻值为，实验步骤如下，请补充完整：
①闭合开关S、，断开，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为；
②闭合开关S、，断开，滑动变阻器的滑片_______________（选填“左移”、“右移”或“保持不动”），记下此时电流表的示数为；
③小灯泡的额定功率的表达式为__________________。（用、、表示）
【答案】 ① ②小灯泡断路 ③2.2 ④B ⑤0.5 ⑥A ⑦保持不动 ⑧
【难度】0.65
【解析】（1）[1]小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，灯泡的额定电流约为
故电流表选用小量程与灯泡串联，如下图所示：
（2）[2]滑片P置于阻值最大处，闭合开关试触时，发现电压表示数很大，说明电压表能连通电源的两极，电流表几乎无示数，说明电路发生了断路故障，所以出现的电路故障原因可能是小灯泡断路。
（3）[3][4]电压表示数如图乙所示，选择的是小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，若他想测量小灯泡的额定功率，根据串联电阻的分压特点可知，应将图中滑片P向B端移动，减小变阻器接入电路的阻值，减少变阻器两端分到的电压，使电压表的示数增大为2.5V。
（4）[5]根据丙图图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W
（5）[6]若小灯泡的实际电压为U1，且与小灯泡额定电压的关系为U额=2U1，若不考虑灯丝电阻的变化，则有
则有，但由于灯丝电压关系为U额=2U1，所以有灯正常工作时的电阻大于实际工作时的电阻，所以有，所以最有可能的是，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
（6）②③[7][8]闭合开关S、S2，断开S1，R0与灯泡并联，电流表测灯泡的电流，调节滑动变阻器R的滑片P，使电流表示数为I额，闭合开关S、S1，断开S2，R0与灯泡并联，电流表测干路电流，此时滑动变阻器R的滑片保持不动，记下此时电流表的示数为I，则通过电阻R0的电流为I-I额，则灯泡正常工作时的电压为
小灯泡的额定功率为
30．（5分）如图所示的电路中，电源两端电压为2V且保持不变，电阻R1=4Ω，R2=8Ω。求：
（1）开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数I1；
（2）开关S1、S2都闭合时，电路的总功率P。
【答案】（1）0.5A；（2）1.5W
【解析】解：（1）由图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路中只有R1工作，则电流表示数
（2）开关S1、S2都闭合时，R1与R2并联，通过电阻R2的电流
电路的总功率
P=U(I1+ I2)=2V×(0.5A+0.25A)=1.5W
答：（1）电流表的示数I1为0.5A；
（2）电路的总功率为1.5W。