2024-2025学年江苏省连云港市高三（上）期中考试物理试卷（含答案）

这是一份2024-2025学年江苏省连云港市高三（上）期中考试物理试卷（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.重力大小为G的人在体重计上下蹲，加速阶段体重计所受压力大小为F，下列说法正确的是( )
A. F0)的磁场，磁场方向与平面夹角θ=30∘，取B0方向为正方向。则穿过该面积的磁通量Φ随时间t变化的图像，下列选项正确的是( )
A. B.
C. D.
9.如图所示的闭合电路中，R1、R2为定值电阻。当变阻器R0的滑动触头P向上滑动时，理想电压表与电流表的示数分别为U、I，其变化量的绝对值分别为ΔU、ΔI.下列说法中正确的是( )
A. U不变B. I变大C. ΔUΔI=R1D. R2的功率变大
10.如图所示，水平面上放置一质量为m的正方体物块，当速率为v0的风垂直吹向某一侧面时，刚好能推动该物块。已知风对物块的垂直推力F∝Sv2(其中S为迎风面积，v为风速)，滑动摩擦力等于最大静摩擦力。仅使风的速率变为2v0，刚好能推动同材料做成的大正方体物块，则大物块的质量为( )
A. 2mB. 4mC. 16mD. 64m
11.如图所示，半径为R的四分之一圆柱紧靠在墙角处，一个质量为m小滑块(可视为质点)恰好静止在P点。轻推一下滑块，使滑块由静止下滑至Q点恰好离开圆柱。已知图中α=30∘、β=60∘，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.下列说法中正确的是( )
A. 在P点滑块所受的摩擦力大小为 32mg
B. 在P点滑块与物体间的动摩擦因数为0.5
C. 滑块运动到Q点的速度大小为 gR2
D. 滑块从P点运动到Q点的过程中机械能减少了 3−12mgR
二、实验题：本大题共1小题，共10分。
12.小明同学设计实验测量圆柱形磷酸铁锂电池的电动势和内阻：

(1)用电压表与电池直接连接粗测电动势的大小，接线正确的是图甲中的________(选填“a”或“b”)；
(2)为精确测量电池的电动势和内阻，设计图乙电路进行实验。实验中发现电压表示数变化范围较小，为方便读数将电压表换成数字万用表电压挡进行实验。记录数据后用计算机绘制得到如图丁所示的图像，表达式为U=−0.24I+4.0247，则该电池的内阻约为________Ω；
丁
(3)利用图乙电路得到的电池内阻测量值真实值________(选填“大于”、“等于”或“小于”)，原因是________(选填“电压表分流”或“电流表分压”)；
(4)另一个同学改用图丙电路进行实验，定值电阻R0阻值已知，则接入R0的作用是________。
A.保护电源
B.增大电压表示数变化的范围
C.与电流表串联改装成电压表
三、计算题：本大题共4小题，共46分。
13.如图所示，水平传送带以速度v0=2m/s匀速转动，A、B两端的距离L=5m。将一小物块轻放在传送带上的A端，物块和传送带间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g取10m/s2。求：
(1)物块加速过程中的加速度大小a；
(2)物块从A端运动到B端的时间t。
14.一颗卫星在赤道上空自西向东做匀速圆周运动，轨道半径为r。已知地球半径为R，自转角速度为ω0，r=2R，地球表面重力加速度为g。求：
(1)卫星在轨道上绕地球转动的角速度ω；
(2)卫星相邻两次经过赤道上同一建筑物正上方的时间间隔t。
15.如图所示为弹球游戏装置示意图。在底边足够长且倾角为30∘的斜面上，垂直于底边的直轨道OP与半径为R的四分之一圆弧挡板PQ平滑连接，挡板与斜面垂直。轨道OP底端有一个轻弹簧与小球A组成的弹射器，轨道OP中另一个小球B静止在圆环形轻支架(图中未画出)上。启动弹射器，当小球A速度大小为v0=3 gR时恰与小球B发生对心碰撞(时间极短且无机械能损失)。已知小球B初始位置到O点的距离为R，到P点的距离是2R。小球A、B的质量分别为m、2m，两球均可视为质点，重力加速度为g，不计一切摩擦。求：
(1)碰后小球B的速度大小vB；
(2)小球B到达Q点时对挡板的压力大小F压；
(3)小球B从Q点飞出后到达斜面底端时离O点的距离x。
16.如图所示，在竖直平面直角坐标系0≤y≤y0范围内有方向竖直向下的匀强电场，电场强度大小为E。原点O处有一金属电极，可持续向纸面内x轴上方各个方向发射速率为v0的电子，已知电子的电荷量为q，质量为m，y0=3mv022Eq，不考虑电子间相互作用。
(1)求到达坐标0,y0处电子的动能Ek；
(2)求电子在电场中运动的最短时间t；
(3)若匀强电场方向改为竖直向上，求电子在x轴上落点的坐标范围。
1.【答案】A
2.【答案】C
3.【答案】B
4.【答案】C
5.【答案】B
6.【答案】B
7.【答案】D
8.【答案】C
9.【答案】D
10.【答案】D
11.【答案】C
12.【答案】(1)a；(2)0.24；(3)大于；电流表分压；(4)AB
13.【答案】(1)根据
μmg=ma
可得物块加速过程中的加速度大小
a=μg=5m/s2
(2)加速的时间
t1=v0a=0.4s
匀速的时间
t2=L−v02t1v0=5−22×0.42s=2.3s
可知物块从A端运动到B端的时间
t=t1+t2=2.7s

14.【答案】(1)根据
GMmr2=mω2r
GMm0R2=m0g
解得
ω= g8R
(2)根据
ωt−ω0t=2π
解得
t=2π g8R−ω0

15.【答案】(1)小球A、B碰撞过程中，由动量守恒定律
mv0=mvA+2mvB
由机械能守恒定律
12mv02=12mvA2+12×2mvB2
解得
vA=− gR ， vB=2 gR
(2)小球B从碰撞结束到Q点的过程中，由动能定理
−2mg×3Rsinθ=12×2mvQ2−12×2mv22
解得
vQ= gR
在Q点，由牛顿第二定律可知
FN+2mgsin30∘=2mvQ2R
解得
vQ=mg
由牛顿第三定律可知，小球B到达Q点时对挡板的压力大小为
F压=FN=mg
(3)小球B从Q点飞出后再斜面上做类平抛运动，以沿平行斜面上顶边向右为x轴，垂直上顶边沿斜面向下方向为y轴建立直角坐标系，则y轴方向
4R=12at2
其中
mgsin30∘=ma
解得
t=4 Rg x轴方向有
x=vQt+R=5R

16.【答案】(1)由动能定理可得
qEy0=Ek−12mv02
解得到达坐标 0,y0 处电子的动能为
Ek=2mv02
(2)根据 Ek=2mv02 可得电子到达该点的速度大小为
v=2v0
由题意可知，电子沿y轴射出时在电场中运动时间最短，由动量定理
qEt=mv−mv0
解得
t=mv0qE
(3)在第一象限，电场反向后电子做类平抛运动，设速度方向与x轴成 θ ，满足
v0sinθ=at2
则
x+=v0csθt=23y0sin2θ=mv02qEsin2θ
解得最大值为
x+max=23y0=mv02qE
同理可得在第二象限x轴上最大值为
x−max=−23y0=−mv02qE
所以电子在x轴上落点的坐标范围为
−mv02qE≤x≤mv02qE
I/A
0.20
0.40
0.60
0.80
1.00
1.20
U/V
3.98
3.93
3.88
3.83
3.77
3.75