2024—2025学年第一学期期末物理九年级检测模拟优选卷（成都专用）（解析版）-A4

这是一份2024—2025学年第一学期期末物理九年级检测模拟优选卷（成都专用）（解析版）-A4，共24页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题与计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
（A卷满分85分，B卷满分20分，考试时间90分钟）
A卷（共85分）
第I卷（选择题 共26分）
一、单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．关于分子动理论，下列说法正确的是（ ）
A．空气中的尘埃是由分子组成的
B．固体难以被压缩是因为固体分子之间不存在间隙
C．金秋的落叶随风飘扬，说明分子在永不停息地做无规则运动
D．梳过头发的塑料梳子能吸引碎纸屑，说明分子之间存在引力
【答案】A
【详解】A．物质是由分子组成的，空气中的尘埃是由分子组成的，故A正确；
B．固体难以被压缩是因为分子之间存在斥力，固体存在间隙，故B错误；
C．落叶是看得见的，不是分子，故落叶不能说明分子在永不停息地做无规则运动，故C错误；
D．梳过头发的塑料梳子能吸引碎纸屑，说明带电体能够吸引轻小物体，故D错误。
故选A。
2．关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（ ）
A．白炽灯正常工作1h耗电约为
B．遥控器的干电池电压约为48V
C．空调制冷时的电流约为0.3A
D．电视机的功率约为100W
【答案】D
【详解】A．白炽灯功率约60W，正常工作1h耗电约为
故A不符合题意；
B．遥控器通常用2节干电池串联供电，则遥控器的干电池电压约为3V，故B不符合题意；
C．空调制冷时的功率约为1100W，电流约为
故C不符合题意；
D．电视机是家庭常见的用电器，其功率大约为100W，故D符合题意。
故选D。
3．下列有关温度、内能和热量的说法中，正确的是（ ）
A．物体内能增加，一定吸收了热量
B．物体的温度越高，含有的热量越多
C．物体吸收了热量，温度不一定会升高
D．内能是物体内部一些分子动能和分子间相互作用的势能的总和
【答案】C
【详解】A．改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是对它做功，故A错误；
B．热量是过程量，不能说含有的热量，故B错误；
C．物体吸收了热量，温度不一定会升高，如晶体熔化时，吸收热量，温度保持不变，故C正确；
D．内能是物体内部所有分子动能和分子间相互作用的势能的总和，故D错误。
故选C。
3．有一种人脸识别智能门，当有人站到门前时开关S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，人脸识别成功后开关S2闭合，电动机M工作打开房门。下列电路设计符合以上要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【详解】由题可知，开关S1能控制整个电路，灯L发光不受电动机和开关S2影响，开关S2控制电动机M，综合分析得：灯泡L和电动机M并联，开关S1在干路上，开关S2在支路上控制电动机，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
4．提高热机效率不但能节约能源，还能减小污染。关于提高热机的效率，下列措施正确的是（ ）
A．尽量减少废气带走的热量B．尽量增加燃料的质量
C．尽量增加热机的工作时间D．尽量使用功率大的热机
【答案】A
【详解】A．减少热量损失可以提高热机的效率，所以尽量使燃料充分燃烧，减少热机部件间的摩擦所损耗的热量，尽量减少废气带走的热量，可以减少热量损失提高效率，故A符合题意；
BD．尽量增加热机的工作时间和燃料的质量不会改变有用能量与燃料完全燃烧放出的热量之比，故BD不符合题意；
D．热机功率是指单位时间内对外输出的功，与热机的效率越高低无关，故D不符合题意。
故选A。
5．风力发电已成为我国新能源战略的重要组成部分。下列图的选项中与风力发电机原理相同的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】A．这个实验是奥斯特实验，证明电流周围存在着磁场。故A不符合题意；
B．这是电铃的结构图，电流通过线圈使其有了磁性。是利用电流的磁效应工作的。故B不符合题意；
C．通过外力使线圈在磁场中转动，电路中产生电流，这是发电机的工作原理图。故C符合题意；
D．给线圈通电，线圈在磁场中受到力的作用而转动，这是电动机的工作原理。故D不符合题意。
故选C。
6．在“用滑动变阻器改变小灯泡的亮度”的实验课上，老师给出的实验器材如图所示。闭合开关后，将滑片P向右滑动时，灯变亮，连入电路中的接线柱应是（ ）

A．A和BB．C和B
C．A和DD．C和D
【答案】B
【详解】滑动变阻器的接线柱选择应遵循“一上一下”原则，同时，滑片P向右滑动时，灯变亮，说明电流变大，则电阻变小，故一定选择了右下角的接线柱，所以连入电路中的接线柱可能的选择是“B和C”或者“B和D”，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B 。
7．纯电动汽车环保节能。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是（ ）

A．安装充电桩时，不连接地线也可以
B．有充电桩起火，应迅速浇水扑灭
C．电线破损时，只要稍加注意便可安全使用
D．安装充电桩时，必须断开电源
【答案】D
【详解】A．安装充电桩时，为了安全，要接地线，故A不符合题意；
B．万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救；生活用水是导体，电器着火不能直接用水灭火，否则可能引起触电事故，故B不符合题意；
C．充电线破损时，容易形成短路或发生触电事故，要及时更换，严禁直接使用，故C不符合题意；
D．为了安全在安装充电桩时必须断开电源，故D符合题意。
故选D。
8．两个灯泡分别并联（如图甲）和串联（如图乙）接在电源电压相同的电路中。下列说法正确的是（ ）
A．图甲中通过A处的电流一定与图甲中通过B处的电流不相等
B．图乙中灯泡和两端的电压一定不相等
C．图甲中通过B处的电流等于图乙中通过B处的电流
D．图甲中通过C处的电流一定大于图乙中通过C处的电流
【答案】D
【详解】A．由图甲可知，两灯泡并联，由于两灯泡规格未知，因此不能判断通过A处的电流与通过B处的电流关系，故A错误；
B．图乙中两灯泡串联，串联电路中各部分电压之和等于电源电压，由于两灯泡规格未知，因此不能判断灯泡L1和L2两端的电压关系，故B错误；
C．由于图甲中灯泡并联，电压等于电源电压，而图乙中串联，每个灯泡的电压小于电源电压，因而甲图L2的电压大于乙图L2的电压，根据欧姆定律知，甲图B处电流大于乙图B处电流，故C错误；
D．图甲中两灯泡并联，总电阻小于任意一个灯泡的电阻；乙图两灯泡串联，总电阻大于每个的电阻，电源电压相等，根据欧姆定律可知，甲图干路电流一定大于乙图电路中的电流，故则图甲中通过C处的电流一定大于图乙中通过C处的电流，故D正确。
故选D。
9．用如图所示电路探究“影响电阻大小的因素”，图中的两段镍铬合金丝粗细相同，长度不同，下列说法正确的是（ ）
A．该电路探究电阻与导体材料的关系
B．该电路可用小灯泡代替电流表粗略反映电流大小
C．为准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电压表
D．将材料换成导电能力非常好的铜丝进行实验，实验效果会更好
【答案】B
【详解】A．如图所示，两断导体的材料和粗细相同，长度不同，可以用来探究电阻与导体长度的关系，故A错误；
B．电源电压一定时，电路中总电阻越大，电流越小，实际功率越小，灯泡越暗；总电阻越小，电流越大，实际功率越大，小灯泡越亮，可以用小灯泡代替电流表粗略反应电流的大小，故B正确；
C．电压表应并联在被测电器元件两端，故C错误；
D．铜丝的导电能力非常好，导体长度差别较小时，导体电阻也差不多，实验效果不明显，故D错误。
故选D。
10．两个电路元件A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示，由图可知（ ）
A．两个元件电阻的大小关系是：RA>RB
B．A、B并联接在2.5V电源上时，干路电流为0.7A
C．A、B并联连接时，若A断路，则B两端也没有电压
D．将A、B串联，若该电路中电流为0.3A，则总功率是1.35W
【答案】D
【详解】A．由图可知，RA电阻的阻值为
RB电阻的阻值为
所以RA 0.2A,滑动变阻器两端的电压最少为
U滑= IBR滑最大=0.2A×100Ω= 20V>15V
不符合题意；所以电流表只能选用0~300mA= 0.3A的量程，即电流表选用B。
（2）[2]电源电压为15V，故电压表选用0~15V量程，若将电压表并联在待测电阻两端，滑片P开始置于滑动变阻器右端B，待测电阻的最大电压
由于电压表的读数小于电压表量程的三分之一，不满足实验要求，故电压表不能并联在待测电阻的两端；而定值电阻和待测电阻两端的最大电压
所以应将电压表并联在定值电阻和待测电阻两端，才能满足两电表的读数均大于其量程的三分之一。将定值电阻、待测电阻、滑动变阻器、电流表串联在电路中，电压表并联在定值电阻和待测电阻两端，如图所示：
（3）[3] A．当P移到左端A位置时，滑动变阻器的电阻为0，此时电流表指针刚好指到满偏刻度的位置，根据欧姆定律，此时电路的总电阻为
所以该实验需要串联定值电阻来分压，来保护电路，故A错误；
BC．因为电路的总电阻最小为50Ω，所以需要将定值电阻R02= 30Ω串联，故C正确，B错误。
故选C。
（4）[4]因为串联电路的总电阻等于各电阻之和，所以待测电阻的阻值为
Rx=R总-R02=50Ω-30Ω=20Ω
7．（6分）如图甲，这是一款多功能暖菜板，既可保温，也可加热，为了降低桌面温度，还配置有内置散热风扇。其部分加热简化电路图如图乙所示， 、均为电阻阻值不变的电热丝，；闭合开关S₁，只有暖菜板内置风扇工作； 当板上食品温度降到 时，S₂在温度控制电路的作用下自动切换，为食品保温，保温时 、的总功率为500W；当暖菜板上食品温度降到 时，S₂在控制电路的作用下再次切换，为食品加热； 通过温控装置使食品保持在一定温度范围内。
（1） 保温时，S2应接到位置 （选填“1和2”、“2和3”或“3和4” ）之间， 电热丝R₂的阻值是 Ω。
（2）在加热状态时，若不计热量损失，则暖菜板工作5min产生的热量可使5kg初温 的汤温度升高 ℃；[汤的比热容取 ]
（3）如图丙所示为该暖菜板的温控装置原理图，R3是热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，当R₄两端电压U₄增大到某一定值时，控制电路将切换S₂从加热状态到保温状态。若要使所控制温度的预设值升高， 可适当 （ 选填“增大”或“减小”） 电源电压。
【答案】 2和3 72.6 30 减小
【详解】解：（1）[1][2]当开关S2接到位置2和3之间，R1、R2串联，再与电动机并联；由串联电路的电阻特点可知，加热电路电阻最大，根据可知，电功率最小，多功能暖菜板处于保温状态；保温时R1、R2的总功率为500W，R1、R2的总电阻为
电热丝R₂的阻值
（2）[3]开关S2转到3和4之间为加热状态，此时电路为R1的简单电路，则多功能暖菜板加热状态下工作5min消耗电能为
若不计热量损失，则汤吸收的热量
汤升高的温度
（3）[4]根据R3是热敏电阻，其阻值随温度升高而减小，当控制温度的预设值升高，R3的阻值将减小，电路中的电流变大，R4的阻值不变，根据可知，R4两端的电压增大；由于R4两端预设的电压U4是不变的，要使R4两端的电压减小为预设值，应将电源电压将减小，故可以采取的措施是降低电源电压。
答：（1）保温时，S2应接到位置2和3之间，定值电阻R2的阻值是72.6Ω；
（2）在加热状态时，若不计热量损失，暖菜板工作5min产生的热量可使5kg初温20°C的汤升高30°C；
（3）若要使所控制温度的预设值升高， 可适当降低电源电压。
实验序号
电流表的位置
a
b
c
1
电流
0.3
0.3
0.3
2
电流
0.4
0.4
0.4
3
电流
0.2
0.2
0.2
A点电流
B点电流
C点电流
0.16A
0.16A
0.32A