2025届新疆喀什市高三上学期12月模拟测试物理试卷

这是一份2025届新疆喀什市高三上学期12月模拟测试物理试卷，共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．一辆汽车在教练场上沿平直道路行驶，以x表示它相对于出发点的位移。图中近似描写了汽车在0时刻到这段时间的图像。根据图中所描述的运动，下列说法正确的是（ ）
A．汽车在0到过程做匀加速直线运动
B．汽车在到过程做匀速直线运动
C．汽车在到过程向正方向运动
D．汽车在0到过程走过的路程是
2．一辆汽车在教练场上沿平直道路行驶，以x表示它相对出发点的位移，图中近似描写了汽车在0时刻到40s时刻这段时间的x-t图像，根据上题图中所描述的运动，绘制出汽车速度随时间变化的大致图像，下列图像正确的是（ ）

A． B．
C． D．
3．物理兴趣小组制作一把“人的反应时间测量尺”，A同学用两个手指捏住直尺的顶端（最大刻度处），B同学用一只手在直尺0刻度位置做捏住直尺的准备，但手不碰到直尺。在A同学放开手指让直尺下落时，B同学立即捏住直尺，读出B同学捏住直尺的刻度为20cm，那么B同学的反应时间约等于（ ）
A．0.1sB．0.2sC．0.3sD．0.4s
4．如图所示，将一个质量为m的铅球放在倾角为45°的斜面上，并用竖直挡板挡住，铅球处于静止状态。铅球对挡板的压力为F1，铅球对斜面的压力为F2，不考虑铅球受到的摩擦力，重力加速度取g，则（ ）
A．F1=mgB．F1mg
故选A。
5．D
【详解】根据题意可知，整体加速度
整体法可知
飞船与火箭组之间的作用力
解得：
，
故D正确ABC错误。
故选D。
6．C
【详解】AC．在地面上做此实验，忽略空气阻力，小球受到重力和绳子拉力的作用，拉力始终和小球的速度垂直，不做功，重力会改变小球速度的大小；在“天宫”上，小球处于完全失重的状态，小球仅在绳子拉力作用下做匀速圆周运动，绳子拉力仍然不做功，A错误，C正确；
BD．在地面上小球运动的速度大小改变，根据和（重力不变）可知小球的向心加速度和拉力的大小发生改变，在“天宫”上小球的向心加速度和拉力的大小不发生改变，BD错误。
故选C。
7．D
【详解】A．根据
WG=mgh
可知，两物体重力的功一样，选项A正确；
B．重力做功等于重力势能的变化量，可知两物体重力势能的变化一样，选项B正确；
C．根据机械能守恒定律
可知，两物体运动到底端时的动能一样，选项C正确；
D．两物体运动到底端时速度大小相同，但方向不同，在竖直方向速度vy也不同，根据
可知，重力的功率不一样，选项D错误。
此题选择不正确的，故选D。
8．A
【详解】根据题意可知和是相互作用力，根据牛顿第三定律可知和等大反向、具有同时性；根据冲量定义式可知和的冲量大小相等，方向相反。
故选A。
9．B
【详解】
卫星绕土星运动，土星的引力提供卫星做圆周运动的向心力设土星质量为M，则
解得
代入计算可得
故选B。
10．AC
【详解】A．根据
得
知物体在空中运动的时间由h决定，故A正确；
B．物体在空中的水平位移
知物体的水平位移由v和h决定，故B错误；
C．竖直方向上的分速度
根据平行四边形定则知，落地的瞬时速度
可知由和h决定，与m无关，故C正确；
D．根据平行四边形定则得
知物体落地时瞬时速度方向与水平方向的夹角在v相同的条件下随h的增大而增大，故D错误。
故选AC。
11．BD
【详解】由动量守恒定律可得
解得
v=1m/s
碰撞过程中系统损失的机械能为
故选BD。
12．BCD
【详解】A．重力做的功为
A错误；
B．下滑过程据动能定理可得
代入数据解得，克服阻力做的功为
B正确；
C．经过点时向心加速度大小为
C正确；
D．经过点时，据牛顿第二定律可得
解得货物受到的支持力大小为
据牛顿第三定律可知，货物对轨道的压力大小为，D正确。
故选BCD。
13． C 9.0
【详解】（1）[1]A．两绳之间的夹角不能太大也不能太小，也不一定是特殊的120°。故A错误；
B．使用弹簧测力计的时候，弹簧测力计的面板应与木板的面板平行，不可以斜向上拉弹簧测力计。故B错误；
C．用一个弹簧测力计拉细绳时，需调整弹簧测力计的大小与方向，直到橡皮筋结点与事先标记的点重合，这样保证与是等效替代关系。故C正确；
D．平行四边形求和的方法适用于一切矢量的求和，位移、速度、磁感应强度的合成都遵循这种求和的方法。故D错误。
故选C。
（2）[2][3]对乙图，合力的理论值是平行四边形的对角线，即。实际测量值是。
（3）[4]如图丙所示

图中每一小格边长均代表，则丙图中作出与的合力大小为。
14．(1)见解析
(2)A
(3)
(4)稍小于
(5)9.67
【详解】（1）实验装置甲中存在的一处明显错误是把打点计时器接“直流电源”。
（2）进行实验时，为保证测量的重物下落时初速度为零，应先接通电源，让打点计时器正常工作后，再释放纸带。
故选A。
（3）根据匀变速直线运动规律可得
从点0之点3的过程运用动能定理得
联立解得
只要在误差允许的范围内验证该等式成立，就可验证重物下落过程中机械能守恒；
（4）实际数据分析，重物动能的增加量稍小于重力势能的减少量；
（5）根据
可得
可知图线的斜率为
解得
15．(1)10N，；(2)0.5m/s2，100m
【详解】(1)雪橇受力分析如图
由平衡可知雪橇受到的摩擦力
(2)由牛顿第二定律可得加速度为
20s内滑行的距离
16．见解析
【详解】（1）设位移是x，由牛顿第二定律
F-f=ma
由运动学公式
v22-v12=2ax
又
W=Fx-fx
联立解得
（2）设物体在A、B点的速度分别为vA、vB，根据动能定理
整理可得
即
17．（1）1m/s，1m/s；（2）0.2；（3）0.12J
【详解】（1）对A物块由平抛运动知识得
代入数据解得，脱离弹簧时A的速度大小为
AB物块质量相等，同时受到大小相等方向相反的弹簧弹力及大小相等方向相反的摩擦力，则AB物块整体动量守恒，则
解得脱离弹簧时B的速度大小为
（2）对物块B由动能定理
代入数据解得，物块与桌面的动摩擦因数为
（3）弹簧的弹性势能转化为AB物块的动能及这个过程中克服摩擦力所做的功，即
其中
，
解得整个过程中，弹簧释放的弹性势能
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
B
B
A
D
C
D
A
B
AC
题号
11
12








答案
BD
BCD