2025届高考物理二轮总复习题型专项练计算题专项练6

这是一份2025届高考物理二轮总复习题型专项练计算题专项练6，共4页。试卷主要包含了4 J等内容，欢迎下载使用。

(1)运动员在掷球过程中对保龄球做的功W;
(2)在撞上球瓶前的瞬间,保龄球的速度v1的大小;
(3)碰撞后,球瓶的速度v2的大小。
答案 (1)22.4 J
(2)4 m/s
(3) m/s
解析 (1)运动员在掷球过程中,根据动能定理可得
W+m0gh=m0-0
解得运动员对保龄球做的功为W=22.4J。
(2)保龄球从B到C的过程,根据动量定理可得-m0gt=m0v1-m0v0
解得在撞上球瓶前的瞬间,保龄球的速度大小为v1=4m/s。
(3)球与球瓶的碰撞过程时间极短,碰撞中没有能量损失,可知碰撞过程满足动量守恒和机械能守恒,则有m0v1=m0v3+mv2
m0m0
联立解得碰撞后,球瓶的速度大小为v2=m/s。
2.(12分)(2024四川一模)如图所示,某玻璃薄板截面为正三角形,A、B、C为三角形的三个顶点,以正三角形ABC的几何中心O点为圆心挖出一圆孔,现将一点光源放置在O点处,该光源向各方向均匀发射真空中波长为λ0=650 nm的红光,CH为AB边的中垂线。已知玻璃薄板对红光的折射率为n=,光在真空中的传播速度为c,sin 37°=0.6,cs 37°=0.8,求:
(1)该红光在玻璃薄板中传播时的波长;
(2)射到AB边的光子中能直接从AB边射出和不能直接从AB边射出的光子个数比(不考虑多次反射)。
答案 (1)390 nm (2)
解析 (1)设该红光在玻璃薄板中的波速为v,波长为λ介,由波速公式、折射率和波速关系可得c=λ0f
v=λ介f
n=
解得λ介==390nm。
(2)如图所示
设在HB区域恰好发生全反射的点为D,玻璃介质的临界角为θ,由临界角公式可得sinθ=
解得θ=37°
易得∠HOD=θ
由几何关系可得光线在DB段的入射角大于临界角θ,发生全反射无光线射出,在HD段的入射角小于临界角θ,会发生折射,直接射出,由于光源向各方向发光均匀,则辐射区域光子数目与辐射角成正比,对HB区域,设能够射出的光子数为N1,不能射出的光子数为N2,可得
由于AH段和HB段对称,故射到AB边的光子能直接从AB边射出和不能直接从AB边射出的光子个数比为。
3.(16分)(2024江苏连云港一模)如图甲所示,立方体空间的边长为L,侧面CDHG为荧光屏,能完全吸收打在屏上的带电粒子并发光,三维坐标系坐标原点O位于底面EFGH的中心,Ox∥FG,Oy∥GH。已知原点O有一粒子源,能向xOy平面内各个方向均匀持续发射速率为v0、质量为m、电荷量为q的带正电粒子,不计粒子重力及粒子间的相互作用。
(1)若在立方体空间内存在方向平行于z轴的匀强磁场,沿y轴正方向射出的粒子恰好打在荧光屏上的H点,求该匀强磁场磁感应强度的大小B1;
(2)若磁场与(1)问中的相同,求粒子从原点O运动到荧光屏的最长时间t1和最短时间t2;
(3)若在立方体空间内平行y轴加如图乙所示随时间t按余弦规律变化的磁场,同时平行z轴加如图丙所示随时间t按正弦规律变化的磁场,图中峰值B2=,粒子在磁场中的运动时间远小于磁场变化周期,不计电磁感应现象影响。求沿x轴正方向射出的粒子打在荧光屏上落点的痕迹长度l。
答案 (1) (2) (3)
解析 (1)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动,由几何关系可得r1=
根据洛伦兹力提供向心力有qv0B1=m
解得B1=。
(2)粒子在匀强磁场中运动的周期为T=
根据半径一定时,弦长越长,圆心角越大,粒子运动时间越长,即当粒子从H处射出时弦OH最长,圆心角最大为90°,运动时间最长为t1=T=
当粒子从x轴上的点射出时,弦长最短为,圆心角最小,由几何关系知圆心角为60°,运动的最短时间为t2=T=。
(3)根据题中两个方向上的正弦和余弦磁场变化规律可知By=B2cs
Bz=B2sin
故可知y和z轴方向的合磁感应强度大小为B==B2
故可知合磁场大小始终不变,方向垂直于x轴匀速改变,沿x轴正方向射出的粒子速度始终与该合磁场方向垂直,故粒子轨迹为一个固定大小的圆,当磁场旋转时可知粒子的运动轨迹圆绕着Ox轴旋转,与右侧屏的交点是个圆,又因为右侧屏只在z≥0处存在,故痕迹为一个半圆
根据洛伦兹力提供向心力有qv0B2=m
粒子的运动轨迹半径为r2=L
沿x轴正方向射出的粒子,粒子分别在两个截面的轨迹如图所示,设粒子射出点距x的距离分别为y和z,由几何关系知
解得y=,z=
故可得痕迹圆的半径为r=
故粒子打在荧光屏上落点的痕迹长度为l=πr=。