2024~2025学年浙江省强基联盟高二上学期11月联考物理试卷（解析版）

这是一份2024~2025学年浙江省强基联盟高二上学期11月联考物理试卷（解析版），共25页。试卷主要包含了064C，放电时间等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1.本试卷满分100分，考试时间90分钟。
2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1. 下面四个选项中，是国际单位制中的基本单位的是（ ）
A. VB. A
C. WbD. C
【答案】B
【解析】国际单位制中的基本单位有：kg、m、s、A、K、cd、ml。
故选B。
2. 2024年10月18日，游泳世界杯上海站（短池）首日比赛正式开始。在女子400米自由泳预赛中，中国选手李冰洁以4分08秒88获得第一。已知游泳池分长池和短池，长池长度为50米，短池长度为25米，下列说法正确的是（ ）
A. 研究李冰洁自由泳动作时可以把她看作是质点
B. “4分08秒88”指的是时刻
C. 李冰洁在比赛中运动的位移为400m
D. 李冰洁比赛过程中的平均速度大小为0
【答案】D
【解析】A．研究李冰洁自由泳动作时，不能忽略她的形状和大小，所以不能把她看做质点，故A错误；
B．4分08秒88是运动员游完全程所用的时间，指的是时间间隔，故B错误；
CD．游泳池长25米，400米比赛8个来回，所以位移为零，运动全程的平均速度为0，故C错误，D正确。
故选D。
3. 在物理学建立、发展的过程中，许多物理学家的研究推动了人类历史的进步。下列关于物理学家和他们的贡献，说法正确的是（ ）
A. 库仑最早通过油滴实验测出了电子的电量
B. 法拉第总结了科学家对电磁规律的研究成果，最终建立了经典电磁场理论
C. 奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系
D. 牛顿提出了万有引力定律，并测得了引力常量的大小
【答案】C
【解析】A．密立根最早通过油滴实验较准确地测出了电子的电量，故A错误；
B．英国物理学家麦克斯韦系统地总结了人类直至19世纪中叶对电磁规律的研究成果，在此基础上，他最终建立了经典电磁场理论，故B错误；
C．丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系，故C正确；
D．牛顿提出了万有引力定律，卡文迪什测得了引力常量的大小，故D错误。
故选C。
4. 某一个在空中处于上升过程的羽毛球的运动轨迹如图虚线所示，则图示位置羽毛球所受合外力示意图可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】BC．羽毛球在空中做曲线运动，可知羽毛球所受合力应指向轨迹的凹侧，故BC错误；
AD．羽毛球处于上升过程，速度在减小，可知所受合力与速度之间的夹角应为钝角，故A正确，D错误。
故选A。
5. 真空中有两个静止的点电荷，若将它们之间的距离增大为原来的2倍，带电量都增大为原来的3倍后它们之间的库仑力大小为F，则它们之间没有改变之前的库仑力大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】设真空中有两个静止的点电荷间的距离为r，电量分别为q1、q2，根据库仑定律有
将它们之间的距离增大为原来2倍，带电量都增大为原来的3倍，根据库仑定律有
解得
故选A。
6. 物体做直线运动，以水平向右为正方向，它的v—t图像如图所示，则该物体（ ）
A. 在前8s内一直向右运动
B. 在2s末离出发点的距离最远
C. 在前2s内和2~6s内的加速度方向相同
D. 在4~6s内和6~8s内的位移大小相同
【答案】D
【解析】A．图像中正负符号表示速度方向，根据图像可知，物体前6s一直沿正方向运动，6s后沿负方向运动，即物体前6s一直向右运动，6s后向左运动，故A错误；
B．结合上述可知，物体在6s时离出发点距离最远，故B错误；
C．图像的斜率的绝对值表示加速度大小，斜率的正负表示加速度方向，由图像可知，前2s内和2~6s内的加速度大小相等，方向相反，故C错误；
D．图像与时间轴围成的面积表示位移，可知4~6s内和6~8s内的位移大小相等方向相反，故D正确。
故选D。
7. 为了使汽车快速安全通过弯道，高速公路转弯处的路面通常设计成外侧高、内侧低。已知某高速公路转弯处是一圆弧，圆弧半径r=850m，路面倾角θ=6°（tan6°=0.105），汽车与路面的摩擦因数μ=0.6，则在该弯道处（ ）
A. 汽车受到重力、支持力和向心力
B. 汽车所需的向心力等于其所受地面的支持力
C. 当汽车速度等于120km/h时，汽车会受到平行于路面指向弯道内侧的摩擦力
D. 若汽车速度小于60km/h，汽车会向内侧滑动
【答案】C
【解析】A．汽车受到重力、支持力和摩擦力，这些力的合力提供向心力，故A错误；
B．汽车所需的向心力等于其所受地面的支持力和摩擦力的合力的水平分力，故B错误；
C．结合上述，对汽车进行分析有
解得
当速度大于108km/h时，汽车会受到沿路面指向内侧的摩擦力，故C正确；
D．根据题中给出的数据可知
所以无论汽车以什么速度过弯道都不会向内侧滑动，故D错误。
故选C。
8. 自动体外除颤器是一种便携式医疗设备，它可以诊断特定的心律失常，并且给予电击除颤，是可被非专业人员使用的用于抢救心脏骤停患者的医疗设备。某型号自动体外除颤器的电容器电容是16μF，以4kV电压完成充电的电容器在一段时间内以平均电流为16A完成放电，下列说法正确的是（ ）
A. 该电容器放电的时间为4ms
B. 该电容器的击穿电压小于4kV
C. 该电容器放电完成后电容为零
D. 增大充电电压，电容器电容变大
【答案】A
【解析】A．电容器储存的电量
可知放电前电容器储存的电量为0.064C，放电时间
故A正确；
B．该电容器工作电压为4.0kV，不高于额定电压，击穿电压大于额定电压，故B错误；
CD．电容是表征电容器储存电荷本领大小的物理量，充电或放电之后，电容器的电容大小是不变的，仍为16μF，故CD错误。
故选A。
9. 2024年3月20日，“鹊桥二号”中继星成功发射升空，为“嫦娥四号”“嫦娥六号”等任务提供地月间中继通信。3月25日，“鹊桥二号”中继星经过约112小时奔月飞行后，在距月面约440公里处开始实施近月制动，约19分钟后，顺利进入环月轨道飞行，其运动轨迹演示如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. “鹊桥二号”在地月转移轨道通过A点的加速度大于在环月圆轨道通过A点的加速度
B. “鹊桥二号”在环月椭圆轨道近月点的速度大于远月点的速度
C. “鹊桥二号”在地球表面附近的发射速度大于11.2km/s
D. “鹊桥二号”与月心连线和“嫦娥四号”与月心连线在相等时间内分别扫过的面积相等
【答案】B
【解析】A．根据牛顿第二定律可得
可得
可知“鹊桥二号”在地月转移轨道通过A点的加速度等于在环月圆轨道通过A点的加速度，故A错误；
B．根据开普勒第二定律，“鹊桥二号”在环月椭圆轨道近月点的速度大于远月点的速度，B正确；
C．第二宇宙速度为脱离地球吸引的最小发射速度，“鹊桥二号”中继星没有脱离地球的束缚，可知“鹊桥二号”在地球表面附近的发射速度小于第二宇宙速度11.2km/s，故C错误；
D．由于“鹊桥二号”与“嫦娥四号”在不同轨道绕月球转动，根据开普勒第二定律可知，“鹊桥二号”与月心连线和“嫦娥四号”与月心连线在相等时间内分别扫过的面积不相等，故D错误。
故选B。
10. 如图所示，射水鱼发现前方有一昆虫，就将嘴露出水面对昆虫喷水，斜向上射出的水柱恰好水平击中昆虫。已知鱼嘴距离昆虫的直线距离d=0.8m，两者连线与水平方向夹角为θ=78°（sin78°=0.98，cs78°=0.21）。已知重力加速度g=9.8m/s2，忽略空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A. 水滴在空中运动0.5s后击中昆虫
B. 击中昆虫时，水滴速度大小为0.42m/s
C. 斜向上射出水柱，初速度大小为4.42m/s
D. 斜向上射出的水柱，初速度与水平方向夹角为78°
【答案】B
【解析】A．将水柱的运动看作反向平抛运动分析，由水柱竖直方向的运动可得
解得水柱从发射到击中昆虫的时间为
故A错误；
B．由水柱水平方向为匀速直线运动可得
解得初速度的水平分速度
故B正确；
C．由水柱竖直方向的运动可得初速度的竖直分速度
根据速度的合成可得斜向上射出的水柱的初速度大小为
故C错误；
D．根据平抛运动速度偏转角与位移偏转角的关系，斜向上射出的水柱，初速度与水平方向夹角大于位移方向和水平方向的夹角，则斜向上射出的水柱，初速度与水平方向夹角大于78°，故D错误。
故选B。
11. 如图甲所示为一儿童玩具——弹跳杆。当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后，人就向上弹起，进而带动弹跳杆跳跃，如图乙为其简化模型图。若不计空气阻力，不计弹跳杆和地面接触时的能量损失，则（ ）
A. 人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力
B. 人向上弹起至最高点过程中，一直处于超重状态
C. 弹跳杆从接触地面到压缩弹簧至最低点的过程中，人减小的重力势能小于弹簧增加的弹性势能
D. 从最高点下落至弹跳杆刚好接触地面时，人的速度达到最大
【答案】C
【解析】A．踏板对人的作用力和人对踏板的作用力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知，相互作用力大小相等，作用方向相反。故A错误；
B．当人开始向上弹起时，弹跳杆对人向上的支持力大于人的重力，人处于超重状态，当人向上运动并减速时，弹跳杆对人向上的支持力小于人的重力，人处于失重状态。故B错误；
C．弹跳杆从接触地面到压缩弹簧至最低点的过程中，人的动能和重力势能在减少，弹簧弹性势能增加，人减少的动能和重力势能等于弹簧增加的弹性势能。故C正确；
D．当人从最高点开始下落时，人做自由落体运动，当弹跳杆触地时，弹簧会向上产生弹力，并且弹力随着压缩量的增加而增大，所以人会继续做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，所以刚接触地面时人的速度不是最大。故D错误。
故选C。
12. 如图所示，三根足够长的平行通电直导线A、B、C分别处在正三角形的三个顶点上，O点为三角形中心，三根导线电流方向如图所示，电流大小相等。已知无限长通电直导线周围某点的磁感应强度大小与电流大小成正比，与该点到导线的距离成反比，若导线A在O处产生的磁感应强度大小为B，则可知（ ）
A. O点的磁感应强度大小为
B. O点的磁感应强度方向沿着OA方向
C. E与D点的磁感应强度相同
D. F点的磁感应强度大小为
【答案】D
【解析】AB．根据安培定则可知，三根导线在O点产生的磁感应强度的大小相等，方向如图所示
由于BA与AD垂直，BB与BF垂直，BC与CE垂直，根据几何关系有，方向与BF连线垂直斜向上，故AB错误；
C．根据磁场的叠加可知E点与D点磁感应强度大小相等，方向不同，故磁感应强度不同，故C错误；
D．A、C导线在F点产生的磁场等大反向，互相抵消，B导线在F点产生的磁场方向沿FA方向，由于BF距离为AO距离的1.5倍，所以B在F点产生的磁感应强度大小为，故D正确。
故选D。
13. 2024年全国电动冲浪板锦标赛于10月14日至17日在浙江省金华市湖海塘公园举办，来自全国各地的28支队伍，共130余名运动员参加比赛。如图为某一质量为m=60kg的运动员用电动冲浪板沿直线冲浪的场景。已知电动冲浪板的额定功率P=8kW，冲浪板总质量m0=40kg，运动员在冲浪过程中发现若以额定功率启动，冲浪板能在t=2s内达到的稳定时速为36km/h，假设运动过程中冲浪板受到的阻力不变，下列说法正确的是（ ）
A. 冲浪板受到的阻力约为8000N
B. 若冲浪板以额定功率启动，运动10m后达到最大速度
C. 若冲浪板以4m/s的加速度启动，匀加速阶段可持续
D. 若冲浪板以额定功率启动，当速度为18km/h时，其加速度为5m/s2
【答案】C
【解析】A．恒定功率启动，牵引力等于阻力时，速度最大，则有
解得f=800N
故A错误；
B．若冲浪板以额定功率启动，人和冲浪板做加速度减小的加速运动，根据v—t图像的面积可知加速到最大速度的位移大于10m，故B错误；
C．若冲浪板由静止开始以4m/s2的加速度做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得
解得F=1200N，则匀加速运动的末速度
则匀加速运动的时间
故C正确；
D．若冲浪板以额定功率启动，当速度为，此时牵引力大小为
根据牛顿第二定律
解得
故D错误。
二、选择题II（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
14. 对于以下几幅图片所涉及的物理现象或原理，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图中，该女生和带电的金属球带有异种性质的电荷
B. 图乙中，库仑使用过的扭秤装置利用了微小量放大原理
C. 丙图中，燃气灶中电子点火器点火应用了尖端放电的原理
D. 丁图中，超高压作业的电力工人要穿绝缘材料做成的工作服
【答案】BC
【解析】A．女生接触金属球，与金属球带同种电荷，故A错误；
B．库仑使用过的扭秤装置利用了微小量放大原理，提高了测量精确度，故B正确；
C．燃气灶电子点火器应用了尖端放电原理，故C正确；
D．电力工人进行高压带电操作时一定要穿含金属丝的工作服，通过静电屏蔽来防止静电对人体的危害，故D错误。
故选BC 。
15. 地表水源不足而地下水源较丰的地区通常会利用潜水泵抽取地下水灌溉农田，潜水泵的主要结构有电动机、水泵和输水管。某地下水源距离地表10m深，安装潜水泵时将一根输水钢管竖直打入地底下与地下水源连通，水泵出水口离地表高度为0.5m，水流由出水口水平喷出时的速度为2m/s，每秒出水量为3kg。已知带动水泵工作的电动机总功率为440W，电动机额定电压为220V，水泵的机械效率为75%，水的密度为1.0×103kg/m3，则下列说法正确的是（ ）
A. 出水口钢管横截面积为
B. 电动机线圈的电阻为3Ω
C. 每秒内水流机械能增加306J
D. 电动机的输出功率为428W
【答案】BD
【解析】A．每秒出水的质量
代入数据解得
故A错误；
C．结合上述可知，每秒内水流机械能增加
其中
代入数据解得
故C错误；
D．结合上述可知，水泵的输出功率为
电动机的输出功率即水泵的总功率
故D正确；
B．对电动机进行分析有
其中
联立解得
故B正确。
三、非选择题（本题共5小题，共55分）
16. 某小组利用如图甲所示装置做“探究加速度与力、质量关系”的实验。
（1）除了图中所需的器材外，完成该实验还需的器材有（ ）
A. 秒表B. 刻度尺C. 弹簧测力计
（2）关于该实验操作，说法正确的是（ ）
A. 该实验要求小车质量要远小于所挂槽码的质量
B. 补偿阻力时，小车前不需要悬挂槽码
C. 利用该实验装置可以完成“验证机械能守恒定律”实验
D. 每次改变小车质量后都需要重新平衡摩擦力
（3）如图乙所示为正确实验后打出的一条纸带，两点间还有4个点未画出，则纸带上的F点的读数为____________cm，该次实验的加速度大小为____________m/s2（计算结果保留两位小数）。
（4）如图丙所示，另一小组同学利用改装后的实验装置探究小车质量一定时其加速度与力的关系，该小组以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的a-F图像如图丁所示，其中b、分别为图线的横、纵截距，则可知此次实验中小车的质量为__________（结果用符号b、c表示）。
【答案】（1）B （2）B （3）14.00##14.01##14.02 0.30##0.29##0.31 （4）
【解析】（1）该实验需要测量纸带上计数点间距离，所以完成该实验还需要刻度尺，故选B。
（2）A．该实验要求所挂槽码的质量远小于小车的质量，故A错误；
B．补偿阻力时，小车前不需要挂槽码，故B正确；
C．小车在运动过程中阻力做功，所以系统的机械能不守恒，故不能用该实验装置验证机械能守恒定律，故C错误；
D．根据平衡关系
改变小车质量后，小车的阻力与重力的分力依然平衡，故不需要重新平衡摩擦力，故D错误。
故选B。
（3）[1]刻度尺的最小刻度为0.1cm，故F点的读数为；
[2]根据题意，由逐差法有
解得
（4）[1]根据牛顿第二定律，对小车有
整理得
由图像可得斜率
解得
17. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r（约为2Ω），所给的其他器材有：
A.电压表V（量程为0~3V，内阻约3kΩ）
B.电流表A（量程为0~0.6A，内阻约0.2Ω）
C.滑动变阻器R1（10Ω，1A）
D.滑动变阻器R2（1000Ω，0.1A）
E.开关和导线若干
（1）实验中滑动变阻器应选用__________（选填“R1”或“R2”）；
（2）根据实验要求图甲虚线框中画出电路图_____；
（3）测出几组电流、电压的数值，并画出图像如图乙所示，由图像知该电池的电动势E=_________V，内电阻r=_________Ω；（结果保留两位小数）
（4）该实验测得的电动势与真实值相比_________（选填“偏大”“偏小”或“不变”），内阻的测量值与真实值相比_________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）R1 （2）见解析 （3）1.49##1.50 1.70~1.85 （4）偏小 偏小
【解析】（1）为了调节方便并能减小误差，故滑动变阻器应选用阻值较小的R1。
（2）由于电源内阻约为2Ω，远小于电压表内阻，所以电流表相对于电源采用外接法，电路图如图所示
（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得
可知图像的纵轴截距等于电动势，则有
图像的斜率绝对值等于内阻，则有
（4）[1][2]考虑到电压表的分流作用，则有
整理可得
可知图像的纵轴截距为
图像的斜率绝对值为
可知该实验测得的电动势与真实值相比偏小，内阻的测量值与真实值相比偏小。
18. 如图所示，带有等量异种电荷、相距10cm的平行板A和B之间有匀强电场，电场强度方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。已知一个电子从C点移动到D点的过程中，受到的电场力F大小为。（已知电子电荷量大小）
（1）求电场强度E的大小；
（2）求C、D两点间的电势差UCD；
（3）若将平行板B接地，求电子在D点的电势能EpD。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】（1）根据
解得
（2）由题意可知
由
解得
C、D两点间的电势差为
（3）由
可得
由
解得
选做题：学习选择性必修一的学生选做
19. 中国航天日到来之际，某校兴趣小组设计制作了一支“水火箭”来模拟火箭升空的过程。已知该水火箭装水后的总质量为1kg，在极短时间内，箭体内0.4kg的水被快速地竖直向下喷出，使火箭获得一个向上的速度后离开发射装置升空。在某次调试过程中，发现该水火箭能上升到80m的高度，若不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2，求：
（1）水火箭从发射到上升至最高点的过程中所受重力的冲量；
（2）水火箭发射时喷出的水的速度大小；
（3）若将该水火箭改为2级水火箭（即火箭中的水平均分为2次喷射），每次喷出的水相对火箭该次喷水前的速度相同，大小为（2）问中速度大小，这样的火箭连续两次喷水后的速度为多少？
【答案】（1）24kg•m/s （2）60m/s （3）35m/s
【解析】（1）依题意，水火箭做竖直上抛运动，采用逆向思维，可得
解得
根据
解得
方向竖直向下。
（2）根据
解得
依题意，火箭喷水过程，系统动量守恒，可得
解得
v=60m/s
（3）第一次喷水，根据动量守恒定律
解得
第二次喷水，根据动量守恒定律
解得
选做题：学习选择性必修二的学生选做
20. 如图所示，以O为圆心，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，a、b为圆的一条直径，a处有一粒子源，能沿垂直于磁场的各个方向，向磁场发射质量为m、电荷量大小为q、速度不同的负电荷，已知某一从a点沿aOb方向射入磁场的负电荷P，恰好从c点离开磁场，Ob与Oc间夹角α=60°，不计粒子的重力和粒子间的相互作用。
（1）求负电荷P射入磁场的初速度大小v0；
（2）若另一负电荷Q沿与aOb成30°角的方向斜向上射入磁场后仍从c点离开，求电荷Q入射的速度大小和在磁场中运动的时间；
（3）要使所有负电荷只能从∠aOc所对应的磁场边界射出，求射入负电荷的初速度大小满足的要求。
【答案】（1） （2）， （3）
【解析】（1）作出轨迹图，如图所示
根据几何关系可知电荷P在磁场中做圆周运动的半径
根据
解得
（2）电荷Q在磁场中运动轨迹如图所示
由几何关系可知Q在磁场中做圆周运动的半径
r=R
根据
解得
由几何关系可知Q在磁场中做圆周运动的圆心角
Q在磁场中运动的时间
（3）要使所有粒子从∠aOc所对应的磁场边界射出，则弦ac为速度最大的粒子的轨迹的直径，对应的最大半径
根据
解得
所以入射的电荷的速度应满足
21. 某固定装置的竖直截面如图所示，长为L且与水平方向成θ角的光滑倾斜轨道AB、光滑水平直轨道BC、半径为R的光滑螺旋圆形轨道CDE、光滑水平直轨道EF平滑连接。质量为M的足够长的平板紧靠固定凹槽侧壁FG放置，凹槽足够长。平板上表面与EF齐平。倾斜轨道AB区域存在大小为E方向竖直向上的匀强电场。将一质量为m，带电量为q的小滑块从A端静止释放，经过轨道CDE后滑上平板并带动平板一起运动。已知L=1.8m，θ=30°，R=0.5m，M=m=0.1kg，E=103N/C，。平板与滑块间的动摩擦因数μ1=0.6、与凹槽水平底面间的动摩擦因数μ2=0.1。滑块视为质点，轨道和平板均绝缘，不计空气阻力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。重力加速度g=10m/s2。求：
（1）滑块通过B点时速度大小vB；
（2）滑块通过圆形轨道最高点D时对轨道的作用力FN；
（3）滑块最终停止时相对平板滑行的距离x。
【答案】（1）6m/s （2）2.2N，方向竖直向上 （3）1.8m
【解析】（1）由动能定理
得
（2）由机械能守恒
得
由牛顿第二定律
由牛顿第三定律
得
，方向竖直向上
（3）滑块加速度大小
平板加速度大小
两者相对静止时
且
得
t=0.6s
滑块最终停止时相对平板滑行的距离
22. 如图甲所示的装置由粒子源、加速电场、静电分析器、偏转电场四部分组成。S处的粒子源“飘”出一质量为m，电荷量为+q的粒子，经A、B间的加速电场加速后，粒子可以进入辐向电场（电场强度方向指向O），沿着半径为r的圆弧运动。从辐向电场射出后，粒子沿平行金属板M、N中的M板左端边缘以速度v0水平射入电场，并以此刻开始计时。平行金属板M、N间加有如图乙所示的交变电压UMN，电压的大小为U0，周期为T，不计粒子重力。
（1）求A、B间加速电场的电压U和C、D处的电场强度E的大小；
（2）若粒子经过一段时间后从N板右侧边缘水平射出，求板长L和两板间距d分别满足的条件；
（3）若金属板足够长，要求该粒子打到N板时动能最大，则两板间距d应当满足什么条件？
【答案】（1），
（2），
（3）
【解析】（1）在A、B间加速电场，由动能定理
解得A、B间加速电场的电压
进入辐向电场后，由牛顿第二定律
解得
（2）如图所示，由对称性可知，粒子可能在，即时从N板右边缘水平射出
板长应满足
两板间距应满足
解得
（3）根据题意可知，若粒子从t=0时刻进入电场，要求粒子打到N板时动能最大，则粒子打到N板时，竖直分速度最大，即粒子在，，…时，恰好打到N板。两板间距应满足
解得