陕西省榆林市八校联考2024-2025学年高二上学期期末质量检测数学试卷(含答案)

这是一份陕西省榆林市八校联考2024-2025学年高二上学期期末质量检测数学试卷(含答案)，共18页。试卷主要包含了选择题，多项选择题，填空题，双空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题
1．已知数列1，，，，3，…，，…，则9是该数列的( )
A.第42项B.第41项C.第9项D.第8项
2．双曲线的渐近线方程为( ).
A.B.C.D.
3．若直线是圆的一条对称轴，则( ).
A.B.0C.D.1
4．现计划将某山体的一面绿化，自山顶向山底栽种10排塔松，第1排栽种6棵，第2排比第1排多栽种2棵，第3排比第2排多栽种4棵，···，第n排比第n－1排多栽种棵且，则第10排栽种塔松的棵数为( )
A.90棵B.92棵C.94棵D.96棵
5．已知O为坐标原点，F为抛物线的焦点，点在C上，且，则C的方程为( ).
A.B.C.D.
6．如图，过圆柱其中一条母线上的点P分别作平面，，截圆柱得到椭圆，，.设椭圆，，的离心率分别为，，，则( ).
A.B.C.D.
7．已知正四棱锥的各棱长均相等，点E是的中点，点F是的中点，则异面直线和所成角的余弦值是( ).
A.B.C.D.
8．已知等差数列的前n项和为，若，则使得成立的正整数n的最大值为( ).
A.23B.22C.21D.20
二、多项选择题
9．若直线的斜率，直线经过点，，且，则实数a的值为( ).
A.1B.3C.0D.4
10．已知是数列的前n项和，，则下列结论正确的是( ).
A.数列是等比数列B.数列是等差数列
C.D.
11．已知，是双曲线的左、右焦点，过的直线交C的右支于A，B两点，若，，则( ).
A.C的离心率为2B.
C.的面积为4D.的周长为18
三、填空题
12．抛物线的焦点到准线的距离为_________.
13．已知圆，，，A，B是圆C上的动点，且，点N是线段AB的中点，则当取得最大值时，的值为_________.
四、双空题
14．在四面体ABCD中，，，点E在棱CD上，，F是BD的中点，若，则_________；点F到平面EAB的距离是_________.
五、解答题
15．已知是数列的前n项和，若，是等差数列，.
(1)求
(2)求数列的通项公式.
16．设，，，，圆Q的圆心在x轴的正半轴上，且过A，B，C，D中的三个点.
(1)求圆Q的方程；
(2)若圆Q上存在两个不同的点P，使得成立，求实数的取值范围.
17．如图，在直三棱柱中，，，，点E，F满足，，记.
(1)当平面平面时，求的值；
(2)当时，求直线与平面所成角的大小.
18．已知点A，B是椭圆的上、下顶点，点P满足.
(1)求点P的轨迹方程；
(2)是否存在点P，使得过点P的动直线l交椭圆C于M，N两点，且BM与BN的斜率之和为定值？若存在，求点P的坐标；若不存在，请说明理由.
19．对于各项均为正数的无穷数列，若，都有，其中d为非零常数，则称数列是数列.
(1)判断无穷数列和是不是数列？若是，求出相应的常数d的值；若不是，请说明理由；
(2)若是数列，且.
①记的前n项和为，求证：；
②对任意的正整数n，设，求数列的前项和
参考答案
1．答案：B
解析：由已知数列1，，，，3，…，，…，
即，，
，，，…，，…，
则数列的第n项为，
令，解得，
所以9是该数列的第41项.
故选：B.
2．答案：A
解析：由，
得渐近线方程为.
故选:A.
3．答案：C
解析：圆的圆心坐标为，
因为直线是圆的一条对称轴，
所以直线过点，
所以，解得.
故选：C.
4．答案：D
解析：设第n排栽种的塔松的数量为
由题意知，，，
所以
故选：D.
5．答案：B
解析：
由抛物线的定义，得，
又，，
则，即，
因此，由点在C上，
得，结合，解得，
所以C的方程为.
故选：B.
6．答案：D
解析：设椭圆，，的长轴长分别为，，，
短轴长分别为，，，
焦距分别为，，，
由题意得，，
则，
，，
由，，
得，故.
故选：D.
7．答案：D
解析：设，相交于点O，根据题意，
以，，所在直线分别为x轴，y轴，z轴
建立空间直角坐标系，如图所示，
不妨设，则，，
则，，，
，，
因为点E是的中点，点F是的中点，
所以，，
所以，，
则，
因为异面直线夹角的取值范围是,
所以异面直线和所成角的余弦值是.
故选:D.
8．答案：C
解析：设公差为d，由，
所以，
∴，公差，
又，
，
所以使得成立的正整数n的最大值为21.
故选：C.
9．答案：AB
解析：因，且，则的斜率必存在，
故，即，
化简得，
解得或.
故选：AB.
10．答案：ACD
解析：当时，，所以，
当时，，
所以，所以，
所以数列是首项为，公比为的等比数列，
所以，.
故选：ACD.
11．答案：ABD
解析：如图所示，不妨设A在第一象限，
则，
由于，得，，
由于，
所以，
故，
可得，故，
而，故，
由，得，
对于A，C的离心率，故A正确；
对于B，由以上分析可知，故B正确；
对于C，在中，，，，
故，故C错误；
对于D，的周长为，故D正确.
故选：ABD.
12．答案：2
解析：由题意知该抛物线的焦点为，准线方程为，
故焦点到准线的距离为2
故答案为：2
13．答案：
解析：由题意得，，圆C半径为.
∵，，
∴点P，M在圆C内.
如图1，连接CN，CA，则.
∵点N是线段AB的中点，∴，
∵，∴，
即.
设，则，
整理得，
∴点N在圆上，圆心，圆I半径为2.
如图2，当直线MN与圆相切时，取得最大值，
此时，.
故答案为：.
14．答案：0；
解析：∵，
∴，
∵，
∴，，，
∴.
以A为原点建立如图所示的空间直角坐标系，
则，，，
，，，
∴，，，
设平面EAB的法向量为，
则，
取，则，，∴，
∴点F到平面EAB的距离是.
故答案为：0；.
15．答案：(1)
(2)
解析：(1)设数列的公差为d，
则由，得，
所以
即，
所以，，
因为，
所以，解得，
所以.
(2)由(1)知，
所以时，，
上面这个式子对也适合，所以时，.
16．答案：(1)
(2).
解析：(1)若圆Q经过A，C，
则圆心必在的垂直平分线上，不合题意；
又与关于x轴对称，圆心在x轴的正半轴上，
所以圆Q只能过点A，B，D三点，
因为，的中点为，
所以线段的垂直平分线的方程为，
即，
又线段的垂直平分线的方程为，
联立方程组
解得，
所以圆心为，半径为，
所以圆Q的方程为.
(2)设，因为，
所以，
化简得，所以.
则点P在以为圆心，为半径的圆上，
依题意该圆M与圆Q有两个交点，即可两圆相交，
又，
则，
解得.
17．答案：(1)
(2).
解析：(1)在直三棱柱中，，，
又，故以A为坐标原点，直线，，分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系（如图所示），
则，，，
所以，，
，.
设平面的一个法向量，
则，即，
令，解得，，
所以，
设平面的一个法向量，
则，
即，
令，解得，，所以，
因为平面平面，所以，
所以，即，，
所以.
(2)当时，，结合(1)，
得，，
设直线与平面所成角为，
所以，
又，所以.
18．答案：(1)
(2)存在，点P的坐标为或.
解析：(1)由题意得，，
设，由
得，
整理得，点P的轨迹方程为.
(2)存在，理由如下：
设动直线l方程为，
直线斜率为，直线斜率为，
则，.
由
得，
∴，
由点M在动直线l上得，，
整理得，
同理得，
∴，是方程的两个根，
∴，则为定值.
令，则，代入动直线方程得，
，
令，得，
代入动直线l方程得，，即，
点代入(1)中轨迹方程得，
，解得，
∴点P的坐标为或.
19．答案：(1)是数列，不是数列，理由见解析
(2)①证明见解析
②.
解析：(1)是数列，不是数列，理由如下：
令，则，，
因为为非零常数，
所以无穷数列是数列，相应的常数d的值为4.
令，则，
，，
因为不是非零常数，
所以无穷数列不是数列.
(2)①证明：因为是数列，且，
所以，是首项与公差都是1的等差数列，
所以，
.
，等号仅当时成立.
所以，即.
②由①知，
当n为奇数时，；
当n为偶数时，，
对任意的正整数n，有
，
，
，
两式相减得
，
所以，
因此，
所以数列的前项和为.