2018-2019学年浙江省嘉兴市第一中学、湖州中学高二下学期期中考试化学试题 解析版


2018-2019学年浙江省嘉兴市第一中学、湖州中学高二下学期期中考试化学试题 解析版
试卷中可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Cl-35.5 Ag-108
一、选择题(每小题只有一个选项符合题意)
1.下列说法正确的是
A. 石油分馏是化学变化 B. CH3Cl常温下是液体
C. 天然气的主要成分是甲烷 D. 钠融法可以测定有机物的结构
【答案】C
【解析】
【详解】A. 石油分馏是利用各种成分的沸点不同将其分开，没有新物质生成，属于物理变化，故A错误；
B.常温下，甲烷的氯代物中，只有CH3Cl是气体，故B错误；
C.最简单的有机物甲烷（CH4）是沼气和天然气的主要成分，所以C选项是正确的；
D.钠融法是将有机样品与金属钠混合熔融，氮、氯、溴、硫等元素将以氰化钠、氯化钠、溴化钠、硫化钠等的形式存在，为确定有机化合物的元素组成的方法，不是测定有机物的结构，故D错误。
所以C选项是正确的。

2.下列说法正确的是
A. 甲醇是一种常见的醇，俗称木精或木醇
B. 棉和麻均与淀粉互同分异构体
C. 19世纪初，德国化学家维勒提出了有机化学概念
D. 磨豆浆的大豆富含蛋白质，豆浆煮沸后蛋白质变成了氨基酸
【答案】A
【解析】
【详解】A、甲醇又称“木醇”或“木精”，是无色有酒精气味易挥发的液体，所以A选项是正确的；
B、淀粉和纤维素的聚合度不同，即分子式不同，故不是同分异构体，故B错误；
C、贝采利乌斯提出了有机化学的概念，故C错误；
D、蛋白质在高温下会变性，但不会水解，只有在催化剂或蛋白酶的作用下才会水解，故D错误。
所以A选项是正确的。

3.下列化学用语正确的是（ ）
A. 某烷烃的命名为：2-甲基-3-乙基丁烷 B. 羟基的电子式为：
C. 丙烷分子的球棍模型: D. 丙酸的键线式:
【答案】C
【解析】
A. 主链选择错误，应该为2，3-二甲基戊烷 ，错误；B. 羟基的电子式为，错误；C. 丙烷的分子式为C3H8，球棍模型为，正确；D. 丙酸中含有羧基，中含有酯基，没有羧基，错误；故选C。
点睛：本题考查了常见化学用语的判断。比例模型、球棍模型要能体现原子的相对大小及分子的空间结构。本题的易错点是B，要注意羟基不带电。

4.按照有机物的分类，甲醛属于醛，乙酸乙酯属于酯。下列各项对有机物的分类方法与此方法相同的是
①　属于环状化合物
②属于卤代烃
③属于链状化合物
④属于醚
A. ①② B. ②③ C. ②④ D. ①④
【答案】C
【解析】
【详解】甲醛属于醛，这是根据官能团进行分类，
①这是根据碳骨架进行的分类，分成链状化合物和环状化合物，不符合题意，故①错误；
②因为含有－Br，因此此有机物属于卤代烃，符合题意，故②正确；
③根据碳骨架进行分类，故③错误；
④含有醚键，属于醚，按照官能团进行分类，故④正确。
综合以上分析，②④正确，故选项C正确。

5. 下列有机物的命名正确的是
A. 2—甲基—3—丁烯
B. 乙基苯
C. 2—乙基丙烷
D. 1—甲基乙醇
【答案】B
【解析】
试题分析：A．应该从离碳碳双键较近的一端给主链的碳原子编号，该物质名称是3—甲基—3—丁烯，错误；B．是乙基苯，正确；C.应该选择含有碳原子数最多的碳链为主链，该物质的名称是2—甲基丁烷，错误。D．该物质的名称是2-丙醇，错误。
考点：考查有机物的命名的正误判断的知识。

6.下列说法不正确的是
A. 分子式为C7H8O的芳香族化合物，其中能与钠反应生成H2的结构有4种
B. 通过核磁共振氢谱可以区分乙醇和乙酸乙酯
C. 三硝基甲苯和硝化甘油都是烈性炸药，它们都属于酯类物质
D. 保存酸性高锰酸钾溶液的试剂瓶需使用玻璃塞
【答案】C
【解析】
【详解】A．分子式为C7H8O的芳香族化合物，其中能与钠反应生成H2的，可以是酚或醇，属于酚的是甲基苯酚（有邻、间、对三种），属于醇的是苯甲醇，所以能与钠反应生成H2的结构有4种，故A正确；
B．乙醇（CH3CH2OH）含3种H，乙酸乙酯（CH3COOCH2CH3）含3种H，但氢谱图位置不同，则通过核磁共振谱图可以区分乙醇和乙酸乙酯，故B正确；
C．三硝基甲苯是硝酸与甲苯发生取代反应的产物，不属于酯类，硝化甘油是硝酸与丙三醇的酯化反应的产物属于酯类，故C错误；
D．高锰酸钾溶液有强氧化性，能氧化橡胶，需使用玻璃塞，故D正确。
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团及性质、物质组成和性质、结构的确定方法等为解答的关键，注重基础知识的考查。

7.下列事实不能用有机物分子内基团间的相互影响解释的是
A. 苯酚能跟浓溴水反应而苯不能
B. 乙炔能跟溴水反应而乙烷不能
C. 苯酚显弱酸性而乙醇不显弱酸性
D. 苯在50℃～60℃时发生硝化反应而甲苯在30℃时即可
【答案】B
【解析】
【详解】A项，苯酚能跟浓溴水反应而苯不能，说明羟基对苯环的影响，故不选A项；
B项，乙炔有碳碳叁键，能发生加成反应，而乙烷没有，属于官能团的性质，不能用有机物分子内基团间的相互作用解释，故选B项；
C项，苯酚可看成羟基与苯基相连，乙醇看成乙基和羟基相连，苯酚显弱酸性而乙醇不显弱酸性，说明苯基对羟基的影响，故不选C项；
D项，甲苯更易发生硝化反应说明甲基对苯环的影响，故不选D项。
综上所述，本题正确答案为B。
【点睛】本题考查有机物结构与性质关系、原子团的相互影响等，对有机反应机理的理解是解题的关键，注意基础知识的把握。

8.下列说法不正确的是（ ）
A. 乙酸和甲醛分别完全燃烧，若消耗的氧气量一样，则它们的质量相等
B. 铜丝表面的黑色氧化膜可用酒精除去
C. Na2CO3溶液可使苯酚浊液变澄清
D. 含0.01mol甲醛的福尔马林溶液与足量的银氨溶液充分反应，生成2.16gAg
【答案】D
【解析】
A. 乙酸和甲醛的最简式都是CH2O，相同质量的乙酸和甲醛耗氧量相同，反之亦然，故A正确；B. 加热条件下，氧化铜能够与乙醇发生氧化反应，因此铜丝表面的黑色氧化膜可用酒精除去，故B正确；C. Na2CO3溶液能够与苯酚反应生成苯酚钠和碳酸氢钠，可使苯酚浊液变澄清，故C正确；D. 甲醛分子中相当于含有两个醛基，1mol甲醛可生成4mol银，因此0.01mol甲醛能生成4.32gAg，故D错误；故选D。

9.下列关于糖类、蛋白质、油脂的说法正确的是
A. 糖类在一定条件下都可以水解生成乙醇和二氧化碳
B. 乙酸乙酯和油脂都属于酯类物质，碱性条件水解称之为皂化反应
C. 硝酸汞溶液加入到鸡蛋清中，可以使蛋清液盐析而沉淀下来
D. 淀粉在酸催化下加热水解，对其产物葡萄糖的检测，可在水解液中先加入NaOH溶液后加入银氨溶液水浴加热，观察是否有银镜出现
【答案】D
【解析】
【详解】A.葡萄糖在酒化酶作用下转化为乙醇和二氧化碳，葡萄糖是单糖不水解，故A错误；
B.油脂在碱性条件下的水解称为皂化反应，乙酸乙酯在碱性条件下的水解不是皂化反应，故B错误；
C.硝酸汞溶液加入到鸡蛋清中，可以使蛋清液变性而沉淀下来，故C错误；
D.淀粉在稀硫酸加热催化下，水解产物葡萄糖，此时溶液呈现酸性，先加入NaOH溶液中和掉稀硫酸后，加入银氨溶液水浴加热，看是否有银镜出现，所以D选项是正确的。
所以D选项是正确的。

10.下列说法正确的是
A. 裂化可以提高汽油等轻质油的产量和质量
B. 硬脂酸甘油酯皂化反应后得到的主要产品是硬脂酸和甘油
C. 随着石油化学工业的兴起，现代工业生产中芳香烃主要来源于煤焦油。
D. 向2 mL苯中加入1 mL碘的CCl4溶液，振荡后静置，上层呈紫红色
【答案】A
【解析】
【详解】A.石油裂化的目的为了提高轻质液体燃料(汽油，煤油，柴油等)的产量，特别是提高汽油的产量，所以A选项是正确的；
B.硬脂酸甘油酯皂化反应为碱性条件下的水解，可得到硬脂酸钠，故B错误；
C. 随着石油化工的兴起，现代工业生产中主要来源于石油化学工业中的催化重整和裂化，故C错误；
D.苯和四氯化碳互溶，溶液不分层，故D错误。
所以A选项是正确的。

11.下列说法正确的是
A. 实验室制取乙酸乙酯时，往大试管中依次加入浓硫酸、无水乙醇、冰醋酸
B. 直接蒸馏乙醇水溶液可以制得无水乙醇
C. 银氨溶液的配制方法：向洁净的试管里加入1mL2%的稀氨水，边振荡边滴加2%的AgNO3 溶液
D. 实验室制得的粗溴苯通常呈黄色，是因为溶解了少量的Br2
【答案】D
【解析】
【详解】A.加入酸液时应避免酸液飞溅，应先加入乙醇，再加浓硫酸，防止浓硫酸溶解放热造成液体飞溅，最后慢慢加入冰醋酸，故A错误；
B. 酒精与水易形成共沸混合物，不能直接蒸馏，应加CaO后蒸馏，故B错误；
C.加入试剂顺序错误，应在硝酸银溶液中滴加氨水至程度恰好溶解，故C错误；
D.溴易溶于溴苯，溴苯为无色，粗溴苯通常呈黄色，是因为溶解了少量的Br2，所以D选项是正确的。
所以D选项是正确的。

12.在实验室中，下列除杂（括号内物质为杂质）的方法正确的是
A. 溴苯（溴）：加入KI溶液，振荡，分液
B. 乙烷（乙烯）：通过盛有KMnO4溶液的洗气瓶
C. 硝基苯（浓HNO3）：将其倒入足量NaOH溶液中，振荡、静置，分液
D. 乙烯（SO2）：通过盛有溴水的洗气瓶
【答案】C
【解析】
分析：A．溴与KI反应生成碘，碘易溶于溴苯；B．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳；C．硝酸与NaOH溶液反应后，与硝基苯不互溶；D．二氧化硫与溴水发生氧化还原反应，乙烯与溴水发生加成反应；据此分析判断。
详解：A．溴与KI反应生成碘，碘易溶于溴苯，引入新杂质，不能除杂，应加NaOH溶液、分液除杂，故A错误；B．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气除杂，故B错误；C．硝酸与NaOH溶液反应后，与硝基苯分层，然后分液可除杂，故C正确；D．二者均与溴水反应，不能除杂，应选NaOH溶液、洗气除杂，故D错误；故选C。

13.下列各组有机化合物中，不论两者以什么比例混合，只要总物质的量一定，则完全燃烧时生成的水的质量和消耗氧气的质量不变的是
A. CH4O，C3H4O5 B. C3H6，C3H8O
C. C3H8，C4H6 D. C2H6，C4H6O2
【答案】A
【解析】
【分析】
根据总物质的量一定时有机物完全燃烧时，生成水的质量和消耗O2的质量不变，则化学式中的氢原子个数相同，在CxHyOz中(x+-)相同即符合题意。
【详解】A. CH4O和C3H4O5中氢原子个数相同，CH4O的(x+-)=1+1-0.5=1.5，C3H4O5的(x+-)=3+1-2.5=1.5，符合题意，以A选项是正确的；
B. C3H6和C3H8O中氢原子个数不相同，不符合题意，故B错误；
C. C3H8和C4H6中氢原子个数不相同，不符合题意，故C错误；
D. C2H6和C4H6O2中氢原子个数相同，C2H6(x+)=2+1.5=3.5，C4H6O2的(x+-)=4+1.5-1=4.5，不符合题意，故D错误。
所以A选项是正确的。

14.下列各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是
A. 乙醇、甲苯、硝基苯 B. 苯、甲苯、环己烷
C. 四氯化碳、己烷、己烯 D. 苯、乙醇、乙酸
【答案】B
【解析】
【详解】A．乙醇、甲苯、硝基苯可以用水加以区分，与水混溶是乙醇，与水互不相溶，分层，密度比水小的是甲苯，密度比水大的是硝基苯，故不选A；
B．苯、甲苯、环己烷不能用任何一种试剂区分，故选B；
C．四氯化碳、己烷、己烯用溴水就可以区分，能够使溴水褪色的是己烯，分层，上层颜色深的是己烷，下层颜色深的四氯化碳，故不选C；
D．苯、乙醇、乙酸可以用碳酸钠溶液区分，有气泡产生的是乙酸，不分层，融为一体的是乙醇，分层的是苯，故不选D。
故答案选B。

15.立方烷结构为立方体，分子式为，其熔点比相同碳原子的辛烷高，立方烷的结构简式如图所示。下列有关立方烷的说法正确的是　　

A. 其二氯代物有2种
B. 常温常压下为气体
C. 与乙苯(结构简式为 )是同分异构体
D. 与苯的含碳质量分数相同
【答案】D
【解析】
【详解】A.因为两个碳原子有边、面对角线、体对角线三种位置关系，故立方烷的二氯代物有3种，A项错误；
B. 由立方烷熔点比相同碳原子的辛烷高可知，立方烷在常温常压下为固体，B项错误；
C.乙苯的分子式为C8H10，与立方烷分子式不同，不是同分异构体，C项错误；
D.立方烷和苯的最简式均为CH，因此含碳质量分数相同，D项正确。
故答案选D。

16.烯烃复分解反应可示意如下：

下列化合物中，经过烯烃复分解反应可以生成的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
试题分析：由题给息可知，烯烃在合适催化剂作用下可双键断裂，两端基团重新组合为新的烯烃，以此来解答．
解：A．中两个碳碳双键断裂后，生成物中新形成的环为六元环，且新环中所形成的碳碳双键位置符合要求，可以生成，故A正确；
B．中两个碳碳双键断裂后，合成的是五元环，故B错误；
C．中两个碳碳双键断裂后，合成了六元环，但是碳碳双键的位置不正确，故C错误；
D．中两个碳碳双键断裂后，得到是五元环，故D错误；
故选A．

17.盐酸芬氟拉明的分子结构如图所示，它是目前国内上市的减肥药主要化学成分，因患者在临床使用中出现严重不良反应已停用。下列关于盐酸芬氟拉明的说法不正确的是　　

A. 不属于苯的同系物 B. 该物质可发生加成反应
C. 苯环上的一氯取代物有4种 D. 其分子式为C12H16NF3Cl
【答案】D
【解析】
【详解】A.同系物是结构相似，在组成上相差一个或若干个CH2原子团的一类有机物，分析此有机物结构知：它不是苯的同系物，A项正确；
B.结构中含苯环，在一定条件下可以发生加成反应，B项正确；
C.苯环上有4个碳上的H可以被氯取代，且得到四种不同结构的一氯取代物，C项正确；
D.此分子的分子式为C12H17NF3Cl，故D项错。 
答案选D。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，官能团对物质性质的影响，要把握概念如同系物指结构相似，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的一类有机物。

18. 绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一，结构简式如下图，关于绿原酸判断正确的是（ ）

A. 1 mol绿原酸与足量NaHCO3溶液反应，生成3 mol CO2气体
B. 1 mol绿原酸与足量溴水反应，最多消耗2.5 mol Br2
C. 1 mol绿原酸与足量NaOH溶液反应，最多消耗4 mol NaOH
D. 绿原酸水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反应
【答案】C
【解析】
试题分析：A、含有1mol羧基，能和NaHCO3反应产生1molCO2，故错误；B、含有1mol碳碳双键能和1molBr2发生加成反应，含有酚羟基，使得苯环邻位和对位上的氢原子变得活泼，容易发生取代，消耗3molBr2，共消耗4molBr2，故错误；C、含有羧基、酯基、2mol酚羟基，最多消耗4molNaOH，故正确；D、右边的环是环烷烃，不是苯环，不含有酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，故错误。
考点：考查官能团的性质等知识。

19.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法中正确的是
A. 标准状况下，22.4 L甲苯所含的分子数约为NA
B. 室温下，2.8g乙烯与丙烯的混合物中含碳原子的数目为0.2NA
C. 1 mol C30H62分子中含有共价键的数目为92NA
D. 1 mol氯气和足量甲烷在光照条件下反应可生成2NA个氯化氢分子
【答案】B
【解析】
标准状况下甲苯是液体，故A错误；乙烯与丙烯的最简式都是CH2，含碳原子的数 0.2mol，故B正确；1个C30H62分子中含共价键 ，1 mol C30H62分子中含有共价键的数目为91NA，故C错误；1 mol氯气和足量甲烷在光照条件下反应可生成NA个氯化氢分子，故D错误。

20.某有机物的结构如图所示，下列关于该有机物的描述不正确的是

①所有碳原子可能共面；
②能使酸性KMnO4溶液和溴水褪色，且原理相同；
③1mol该有机物分别与足量Na或NaHCO3反应，产生气体在相同条件下体积不相等；
④能发生酯化反应；
⑤能发生加聚反应；
⑥1mol该有机物完全燃烧生成CO2和H2O消耗O2的体积为280 L(标准状况)
A. ①② B. ②⑥ C. ③⑥ D. ②③
【答案】D
【解析】
【详解】①有机物结构中苯环、双键为平面结构，与苯环、双键直接相连的原子一定共面，则分子中所在的碳原子可能共面，故不选①；
②该有机物含有碳碳双键，发生氧化反应使酸性KMnO4溶液褪色，使溴水褪色是发生加成反应，原理不同，故选②；
③-COOH、-OH均可与Na反应生成氢气，则1mol该有机物与足量Na反应生成1mol氢气；与NaHCO3反应只有-COOH，1mol该有机物与足量-COOH反应生成1mol二氧化碳，在相同条件下，气体体积相同，故选③；
④该有机物含有羧基，羟基，可以发生酯化反应，故不选④；
⑤该有机物含有碳碳双键，可以发生加聚反应，故不选⑤；
⑥该有机物分子式为C11H12O3，1mol该有机物完全燃烧生成CO2和H2O消耗O2的体积为（11+3-1.5）mol×22.4L/mol=280 L，故不选⑥；
综上所述，应选②③，故本题正确答案为D。

21.下列物质间反应的产物中一定不存在同分异构体的是
A. CH3-CH=CH2与HBr B. 与NaOH乙醇溶液共热
C. CH3CH3与Cl2 D. 与NaHCO3溶液
【答案】D
【解析】
【分析】
分子式相同结构不同的有机化合物互为同分异构体,反应产物生成过程和方式不同,生成同分异构体,据此分析判断;
【详解】CH3-CH=CH2与HBr加成反应,可以得到1-溴丙烷和2-溴丙烷,互为同分异构体,故A不符合;
B. 与NaOH乙醇溶液共热，发生消去反应,得到1-丁烯或2-丁烯,二者互为同分异构体,故B不符合;
C.CH3CH3与Cl2在光照条件下发生取代反应，生成的二氯取代物、三氯取代物、四氯取代物都存在同分异构体,故C不符合;
D.邻羟基苯甲酸中羧基和碳酸氢钠反应,酚羟基不与碳酸氢钠反应,产物只有一种,不存在同分异构体,故D符合;
综上，本题选D。

22.下列对有机物结构或性质的描述，不正确的是
A. C4H9OH发生催化氧化反应，可生成3种有机产物
B. 光照下，Cl2可在甲苯的苯环上发生取代反应
C. 异戊二烯可发生加聚反应，生成高分子化合物
D. 的分子式为C7H8O3
【答案】B
【解析】
【详解】A.丁基-C4H9可能的结构有：-CH2CH2CH2CH3、-CH(CH3)CH2CH3、-CH2CH(CH3)2、-C(CH3)3，则对应的醇中，具有-CH2CH2CH2CH3、-CH(CH3)CH2CH3、-CH2CH(CH3)2结构的可被氧化，共3种，所以A选项是正确的；
B.光照下，只能取代甲基的H原子，如取代苯环的H，应在催化条件下，故B错误；
C. 异戊二烯含有共轭双键，可发生加聚反应，生成高分子化合物，所以C选项是正确的；
D. 含有7个C、8个H、3个O，分子式为C7H8O3，所以D选项是正确的。
故答案选B。

23.聚维酮碘的水溶液是一种常见的碘伏类缓释消毒剂，聚维酮通过氢键与HI3形成聚维酮碘，其结构表示如下：

(图中虚线表示氢键)
下列说法不正确的是
A. 聚维酮分子由(m+n)个单体聚合而成
B. 聚维酮的单体是
C. 聚维酮碘是一种水溶性物质
D. 聚维酮在一定条件下能发生水解反应
【答案】A
【解析】
【详解】A项，由聚合物结构式可知，聚维酮分子由(2m+n)个单体聚合而成，故A项错误；
B项，由聚合物结构式可知，聚维酮的单体是，故B项正确；
C项，由题意可知，聚维酮通过氢键与HI3形成聚维酮碘，即聚维酮碘是一种水溶性物质，故C项正确；
D项，聚维酮含有酰胺键结构（），在一定条件下能发生水解，故D项正确。
综上所述，本题正确答案为A。

24.阿魏酸在食品、医药等方面有若广泛用途。一种合成阿魏酸的反应可表示为

下列说法正确的是
A. 香兰素、阿魏酸均可与溴水反应，且反应类型完全相同
B. 香兰素、阿魏酸均可与NaHCO3、NaOH溶液反应
C. 通常条件下，香兰素、阿魏酸都能发生取代、加成、消去反应
D. 与香兰素互为同分异构体，分子中有4种不同化学环境的氢，且能发生银镜反应的酚类化合物共有2种
【答案】D
【解析】
A、阿魏酸中含有碳碳双键，能与溴水发生加成反应，含有酚羟基，能与溴水发生取代反应，香兰素，含有酚羟基，只能与溴水发生取代反应，A错误；B、香兰素中含有酚羟基，阿魏酸中含有酚羟基和羧基，这两种官能团都可以与Na2CO3、NaOH溶液反应，香兰素中含有酚羟基不能与NaHCO3反应．B错误；C、香兰素、阿魏酸都能发生取代、加成，但它们都不能进行消去反应．故C错误；D、根据条件，其同分异构体为和，有且只有这两种．故D正确；
考点：有机物分子中的官能团及其结构；物质的组成、结构和性质的关系；同分异构现象和同分异构体

25.在一次有机化学课堂小组讨论中，某同学设计了下列合成路线，你认为不可行的是（ ）
A. 用氯苯合成环己烯：
B. 用甲苯合成苯甲醇：
C. 用乙烯合成乙酸：
D. 用乙烯合成乙二醇：
【答案】D
【解析】
A项，流程中第一步为苯环中不饱和键与氢气的加成反应，第二步为卤代烃的消去反应，故A可行；B项，第一步为甲苯侧链上的卤代反应，第二步为卤代烃的水解反应，故B可行；C项，第一步为乙烯与水的加成反应，第二步为乙醇催化氧化成乙醛，第三步为乙醛催化氧化成乙酸，故C可行；D项，第二步中乙烷与氯气取代反应生成物不唯一，副产物较多，无法控制得到CH2ClCH2Cl，可用CH2=CH2与卤素单质加成的方法得到CH2ClCH2Cl，然后水解制HOCH2CH2OH，故D不可行。

二、简答题
26.A～G是几种烃的分子球棍模型(如图)，据此回答下列问题：

(1)E的一氯取代物同分异构有_______种。
(2)一卤代物种类最多的是________。(请填字母，下同)
(3)能够与Br2发生加成反应的两种气态烃是________。
(4)能够与酸性高锰酸钾反应的烃是________。
【答案】 (1). 2 (2). G (3). CD (4). CDG
【解析】
【分析】
由结构模型可以知道A为甲烷，B为乙烷，C为乙烯，D为乙炔，E为丙烷，F为苯，G为甲苯，以此来解答。
【详解】(1)丙烷含2种H，一卤代物有2种，因此，本题正确答案是：2；
(2)甲烷、乙烷、乙烯、乙炔、苯的一卤代物都只有1种，丙烷的一卤代物有2种，甲苯的有一卤代物有4种， 因此，本题正确答案是：G；
(3)含双键、三键的有机物能够与Br2发生加成反应，则能够发生加成反应的烃有CD，因此，本题正确答案是：CD；
(4)不饱和烃和苯的同系物能够与酸性高锰酸钾反应，则能够与酸性高锰酸钾反应的烃是CDG，因此，本题正确答案是：CDG。

27.化合物A经李比希法测得其中含C 72.0%、H 6.67%，其余为氧；质谱法分析得知A的相对分子质量为150。现代仪器分析有机化合物的分子结构有以下两种方法。
方法一：核磁共振仪测出A的核磁共振氢谱有5个峰，其面积之比为1∶2∶2∶2∶3。
方法二：利用红外光谱仪可初步检测有机化合物中的某些基团，现测得A分子的红外光谱如图：

已知：A分子中只含一个苯环，且苯环上只有一个取代基。试回答下列问题。
(1)A的分子式为________。
(2)A的结构简式为_______________________________________________(写一种即可)。
(3)A的芳香化合物类同分异构体有多种，其中分子中不含甲基的芳香酸为________。
【答案】 (1). C9H10O2 (2). （或或） (3).
【解析】
【详解】(1)由相对分子质量及C、H、O的比例可得出A的分子式。N(C)＝＝9，N(H)＝≈10，N(O)＝≈2，所以分子式为C9H10O2，故答案为：C9H10O2；
(2)由核磁共振氢谱可知，A分子中含有五种氢原子，原子个数分别为1、2、2、2、3。由红外光谱可知分子中有C—H、C===O、C—O—C、C—C、结构。由已知信息苯环上只有一个取代基，可知苯环上的5个氢原子分成了三种，个数分别为1、2、2，另外5个氢原子分成两种，个数分别是2、3，取代基上3个C，5个H，再结合此分子的红外光谱可知，分子中有酯基，可得A的结构简式为、或，故答案为：(或或)；
(3)A的芳香化合物类同分异构体有多种，其中分子中不含甲基的芳香酸为，故答案为：。

28.按要求回答问题。
(1)等物质的量的下列有机物完全燃烧,消耗O2最多的是_________；等质量的下列有机物完全燃烧,消耗O2最多的是_________。(请填字母)
A. CH4 B. C2H6 C. C3H8 D. C5H12
(2)某烃类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢。则A的结构简式是_____________。
【答案】 (1). D (2). A (3).
【解析】
【详解】(1)等物质的量的烃（CxHy）完全燃烧耗O2的多少取决于(x+)的大小，
A. CH4，(x+)=1+1=2；
B. C2H6，(x+)=2+1.5=3.5；
C. C3H8，(x+)=3+2=5；
D. C5H12，(x+)=5+3=8；故选D；
等质量的烃（CxHy）完全燃烧耗O2的多少取决于烃中氢元素的质量分数，氢元素的质量分数越高耗氧越多，为了方便分析，将化学式写成CH，则越大，耗氧越多，
A. CH4，()=4；
B. C2H6，()=3；
C. C3H8，()==2.67；
D. C5H12，()=2.4；故选A；
故答案为：D ；A；
(2)核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢，说明结构对称，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，则A应为烯烃，A的质谱图表明其相对分子质量为84，可确定分子中的碳原子数为6，其结构简式应为 。
故答案为：。
【点睛】本题（2）考查了核磁共振谱、质谱图和红外光谱在分析判断分子结构上的应用，利用现代仪器进行物质结构的分析，其中核磁共振谱表明分子中只有一种类型的氢，说明结构对称是解答本题的关键。

29.苯甲醇与苯甲酸是重要的化工原料，可通过苯甲醛在氢氧化钠水溶液中的歧化反应制得，反应式为：

某研究小组在实验室制备苯甲醇与苯甲酸，反应结束后对反应液按下列步骤处理：

重结晶过程：溶解—→活性炭脱色—→趁热过滤—→冷却结晶—→抽滤—→洗涤—→干燥
已知：苯甲醇易溶于乙醚、乙醇，在水中溶解度较小。苯甲酸微溶于水。
请根据以上信息，回答下列问题：
(1)萃取分离苯甲醇与苯甲酸钠时，合适的萃取剂是_____________，其理由是____________。萃取分液后，所得水层用盐酸酸化的目的是(请用化学方程式表示)_______________________________。
(2)苯甲酸在A、B、C三种溶剂中的溶解度(s)随温度变化的曲线如下图所示：

重结晶时，合适的溶剂是_____________。重结晶过程中，趁热过滤的作用是________。洗涤时采用的合适洗涤剂是_______。(请填字母)
A．饱和食盐水 B．Na2CO3溶液 C．稀硫酸 D．蒸馏水
(3)为检验合成产物中苯甲酸的含量，称取试样1.220 g，溶解后在容量瓶中定容至100 mL，移取25.00 mL试样溶液，用0.1000 mol·L-1 NaOH溶液滴定，滴定至终点时NaOH溶液共消耗24.65 mL，则试样中苯甲酸的含量是___________。
【答案】 (1). 乙醚 (2). 苯甲醇在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚与水互不相溶 (3). C6H5-COONa+HCl=C6H5-COOH↓+NaCl (4). C (5). 除去不溶性杂质，防止苯甲酸冷却后结晶析出 (6). D (7). 98.60 %
【解析】
【分析】
反应液含有苯甲醇和苯甲酸钠，加入乙醚萃取，分液，得到的有机层为苯甲醇和乙醚的混合物，蒸馏可得到苯甲醇，水层为苯甲酸钠的水溶液，加入盐酸酸化得到苯甲酸，经蒸发结晶、过滤、洗涤可得到苯甲酸，以此分析解答。
【详解】(1) 应选择的萃取剂是乙醚，原因是苯甲醇在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚与水互不相溶，加入盐酸可生成苯甲酸，经重结晶析出，化学方程式为C6H5-COONa+HCl=C6H5-COOH↓+NaCl；
因此，本题正确答案是：乙醚；苯甲醇在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚与水互不相溶；C6H5-COONa+HCl=C6H5-COOH↓+NaCl；
(2)应选择试剂C，原因是在溶剂C中随温度变化苯甲酸的溶解度变化较大，有利于重结晶分离，分离时要趁热过滤，可除去不溶性杂质，防止苯甲酸冷却后结晶析出，洗涤时可用蒸馏水，防止引入其它杂质，选D，
因此，本题正确答案是：C；除去不溶性杂质，防止苯甲酸冷却后结晶析出；D；
(3)n（NaOH）=0.1000mol/L×24.65×10-3L=2.465×10-3mol，
则试样中苯甲酸的物质的量为2.465×10-3mol×=9.86×10-3mol，
质量为9.86×10-3mol×122g/mol=1.203g，
试样中苯甲酸的含量为×100%=98.6%，
因此，本题正确答案是：98.60%。
【点睛】本题考查物质的含量的测定，侧重于学生实验设计和评价能力的考查，注意把握实验原理和实验基本操作方法。

30.已知有机物A分子由C、H、O三种元素组成，其相对分子质量为120，0.1molA在足量的氧气中充分燃烧后生成0.8mol CO2 和7.2g H2O；A可以发生银镜反应，其苯环上的一卤代物有三种。
(1)A的分子式是_________，A中含氧官能团的名称是________________，A的结构简式是_______________。
已知：I
II.
现有如下转化关系：

其中D能使溴的四氯化碳溶液褪色，F继续被氧化生成G，G的相对分子质量为90。
(2)C可能具有的化学性质是____________。(请填字母)
① 能与H2发生加成反应；② 能在碱性溶液中发生水解反应；③ 能与甲酸发生酯化反应；④ 能与Ag(NH3) 2OH溶液发生银镜反应；⑤能与氢氧化钠溶液反应
A．①②③ B．①③⑤ C．①②③⑤ D．②③④⑤
(3)① 写出C→D的化学反应方程式是________________________________________；反应类型是____________。
②在催化剂条件下，C生成高聚物的化学方程式是_________________________________。
(4)请写出化合物C可能的同分异构体结构简式是___________________________。须同时符合下列条件：
①属于酯类化合物；
②遇三氯化铁溶液显紫色；
③与新制氢氧化铜悬浊液共热可生成红色沉淀；
④苯环上的一卤代物只有一种。
【答案】 (1). C8H8O (2). 醛基 (3). (4). B (5). (6). 消去反应 (7). (8).
【解析】
【分析】
有机物A由C、H、O三种元素组成，Mr（A）=120，0.1molA在足量的氧气中充分燃烧后生成0.8molCO2和7.2g H2O，水的物质的量==0.4mol，根据原子守恒可知，该有机物中N（C）===8、N（H）===8，故有机物中N（O）==1，故有机物A的分子式为C8H8O。A可以发生银镜反应，含有醛基-CHO，苯环上的一卤代物有三种，苯环上有3种化学环境不同的H原子，故只能有1个侧链为-CH2CHO，则A的结构简式为，由信息Ⅰ可知，A与HCN发生加成反应生成B为，B发生水解反应生成C为，C在浓硫酸、加热条件下生成D，D能使溴的四氯化碳溶液褪色，应为发生消去反应，故D为，D发生氧化反应生成E与F，由信息Ⅱ可知氧化为、OHC-COOH，F继续被氧化生成G，G的相对分子质量为90，故F为OHC-COOH，E为，G为HOOC-COOH，据此解答。
【详解】（1）由上述分析可知，A的分子式是C8H8O，A的结构简式为，A中含氧官能团的名称是：醛基，
故答案为：C8H8O；；醛基；
（2）C为，含有苯环，可以与氢气发生加成反应，含有羟基，可以与甲酸发生酯化反应，含有羧基，能与氢氧化钠发生中和反应，不能发生水解反应，不能与银氨溶液反应，故选：B；
（3）①C→D的化学反应方程式为，反应类型为：消去反应；
②在催化剂条件下，C生成高聚物的化学方程式为：；
故答案为：，消去反应；；
（4）C（）的同分异构体有多种，符合下列条件的同分异构体：
①属于酯类化合物；②遇三氯化铁溶液显紫色，含有酚羟基；③与新制氢氧化铜悬浊液共热可生成红色沉淀，含有甲酸形成的酯基，④苯环上的一卤代物只有一种，符合条件的同分异构体有：，
故答案为：。
【点睛】本题考查有机物推断与合成，是对有机化合物知识的综合考查，能较好的考查考生的自学能力，读懂信息中给予的反应是解题的关键，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化。