2020届二轮复习（理）高难拉分攻坚特训(五)作业 练习

高难拉分攻坚特训(五)1．已知函数f(x)＝sin2x的图象与直线2kx－2y－kπ＝0(k>0)恰有三个公共点，这三个点的横坐标从小到大分别为x1，x2，x3，则(x1－x3)tan(x2－2x3)＝(　　)A．－2  B．－1  C．0  D．1答案　B解析　记直线2kx－2y－kπ＝0为l，则l必过点.又l与f(x)的图象均关于点对称，所以由题意可知，x1＋x3＝2x2＝π，且l是曲线y＝f(x)的一条切线，(x3，f(x3))是其中一个切点．因为f(x)＝sin2x，所以f′(x)＝2cos2x，所以切线l的斜率k＝2cos2x3＝，即＝1，所以(x1－x3)tan(x2－2x3)＝(π－2x3)tan＝＝－1.故选B.2．已知数列{an}的前n项和为Sn，a1＝1，a2＝3，且Sn＋1＋Sn－1＝2n＋2Sn(n≥2)，若λ(Sn－an)＋λ＋7≥(2－λ)n对任意n∈N*都成立，则实数λ的最小值为________．答案　解析　数列{an}的前n项和为Sn，a1＝1，a2＝3，且Sn＋1＋Sn－1＝2n＋2Sn(n≥2)，所以Sn＋1－Sn＝2n＋Sn－Sn－1，故an＋1－an＝2n(n≥2)，因为a2－a1＝21，所以an＋1－an＝2n(n≥1)，所以an－an－1＝2n－1，an－1－an－2＝2n－2，…，a2－a1＝21，则an－a1＝21＋22＋…＋2n－1，故an＝1＋21＋…＋2n－1＝＝2n－1，所以Sn＝21＋22＋23＋…＋2n－n＝－n＝2n＋1－n－2，所以Sn－an＝2n－n－1，因为λ(Sn－an)＋λ＋7≥(2－λ)n对任意n∈N*都成立，所以λ≥max.设cn＝，则cn＋1－cn＝－＝，当n≤4时，cn＋1>cn，当n≥5时，cn＋1<cn，因此c1<c2<c3<c4<c5＞c6＞c7＞…即λ≥c5＝，故λ的最小值为.3．已知点A为圆B：(x＋2)2＋y2＝32上任意一点，点C(2，0)，线段AC的中垂线交线段AB于点M.(1)求动点M的轨迹方程；(2)若动直线l与圆O：x2＋y2＝相切，且与动点M的轨迹交于点E，F，求△OEF面积的最大值(O为坐标原点)．解　(1)由题知|MA|＝|MC|，∵|MA|＋|MB|＝4，∴|MB|＋|MC|＝4>4＝|BC|，∴M的轨迹是以B，C为焦点的椭圆，其方程为＋＝1.(2)①当l的斜率存在时．设E(x1，y1)，F(x2，y2)，l的方程为y＝kx＋m.由得，(2k2＋1)x2＋4kmx＋2m2－8＝0，∴可得|EF|＝|x1－x2|＝，∵l与圆O相切，∴3m2＝8(1＋k2)，从而|EF|＝·，令2k2＋1＝t，得k2＝(t≥1)，∴|EF|＝·＝·≤×＝2.当且仅当t＝2，即k＝±时取等号．∴(S△OEF)max＝×2× ＝2.②当l的斜率不存在时．易得l的方程为x＝或x＝－.此时|EF|＝，∴S△OEF＝×× ＝<2.由①②可得，S△OEF的最大值为2.4．已知函数f(x)＝ln x＋＋x(a∈R)．(1)讨论函数f(x)的单调性；(2)若a＝1，f(x)>＋x－1在(1，＋∞)上恒成立，求k的取值范围．解　(1)由题可知f′(x)＝－＋1＝(x>0)，①当a≤0时，此时f′(x)≥0恒成立，∴f(x)在(0，＋∞)上单调递增．②当a>0时，令f′(x)>0，解得x>；令f′(x)<0，解得0<x<.∴f(x)在上单调递减，在上单调递增．(2)原不等式等价变形为(k－1)ln x＋x－>0恒成立．令g(x)＝(k－1)ln x＋x－(x>1)，则g′(x)＝＋1＋＝.令h(x)＝x2＋(k－1)x＋1，①当k≥－1时，此时h(x)的对称轴：x＝－＝≤1，∴h(x)在(1，＋∞)上单调递增．又∵h(1)＝k＋1≥0，∴h(x)≥0在(1，＋∞)上恒成立．∴g′(x)≥0在(1，＋∞)上恒成立，即g(x)在(1，＋∞)上单调递增．∴g(x)>g(1)＝0.∴k≥－1符合要求．②当k<－1时，此时h(1)＝k＋1<0，∴h(x)＝0在(1，＋∞)上有一根，设为x0，当x∈(1，x0)时，h(x)<0，即g′(x)<0.∴g(x)在(1，x0)上单调递减．∴g(x)<g(1)＝0.这与g(x)>0在(1，＋∞)上恒成立矛盾．综合①②可得，k的取值范围为[－1，＋∞)．