广西专用2020高考生物二轮复习题型专项训练4直方图类含解析

题型专项训练四　直方图类

1.(2019江苏盐城模拟)研究者将乳腺细胞(M)诱导成为乳腺癌细胞(记为Me),研究细胞癌变后的代谢水平变化(如下图所示),其中图2是在培养液中加入线粒体内膜呼吸酶抑制剂后测得的相关数据。下列分析正确的是(　　)

图1　　　　　　　　　　　图2

A.M中的原癌基因和抑癌基因选择性表达导致Me产生

B.M对该呼吸酶抑制剂的敏感性大于Me

C.Me的线粒体对葡萄糖的摄取能力高于M

D.Me的培养液中酒精含量要高于M的培养液

答案:B

解析:乳腺癌细胞(Me)的产生是M中的原癌基因和抑癌基因发生基因突变的结果,A项错误。据图2可知,加入线粒体内膜呼吸酶抑制剂后,M的数量减少较多,说明M对该呼吸酶抑制剂的敏感性大于Me,B项正确。葡萄糖的氧化分解发生在细胞质基质中,线粒体没有摄取葡萄糖的能力,C项错误。乳腺细胞无氧呼吸的产物为乳酸,不会有酒精产生,D项错误。

2.下页左上图表示某植物的非绿色器官在氧浓度为a、b、c、d时,CO2释放量和O2吸收量的变化。下列相关叙述正确的是(　　)

A.O2浓度为a时,最适于贮藏该植物器官

B.O2浓度为b时,无氧呼吸消耗葡萄糖的量是有氧呼吸的5倍

C.O2浓度为c时,无氧呼吸最弱

D.O2浓度为d时,有氧呼吸强度与无氧呼吸强度相等

答案:B

解析:O2浓度为a时,O2吸收量为0,此时只是进行无氧呼吸,产生大量酒精,不利于贮藏该植物器官,A项错误。O2浓度为b时,有氧呼吸释放CO2的量=O2的吸收量,无氧呼吸释放CO2的量为(8-3)=5。据反应式可知,有氧呼吸消耗葡萄糖的量为0.5,无氧呼吸消耗葡萄糖的量为2.5,B项正确。O2浓度为c时,有氧呼吸释放CO2的量为4,无氧呼吸释放CO2的量为(6-4)=2,故无氧呼吸不是最弱,最弱应为0,C项错误。O2浓度为d时,CO2的释放量=O2的吸收量,说明只进行有氧呼吸,D项错误。

3.下列有关右图的叙述正确的是 (　　)

A.若该图表示组成人体细胞的主要元素占细胞鲜重的百分比,则①代表碳元素

B.①②③可分别表示加过氧化氢酶、Fe3+及自然条件下等量过氧化氢分解产生氧气的相对含量

C.夏季晴朗白天的正午植物出现“光合午休现象”时,植物叶肉细胞中五碳化合物的含量变化趋势为①→②,三碳化合物的含量则相反

D.若该图表示组成人体细胞的主要化合物占细胞干重的百分比,则①是生命活动的主要承担者

答案:D

解析:若该图表示组成人体细胞的主要元素占细胞鲜重的百分比,鲜重时水最多,则①代表氧元素,A项错误。①②③可分别表示加过氧化氢酶、Fe3+及自然条件下等量过氧化氢分解速率,而产生氧气的相对含量相同,B项错误。夏季晴朗白天的正午植物出现“光合午休现象”时,不能吸收二氧化碳,植物叶肉细胞中五碳化合物的含量变化趋势为②→①,三碳化合物的含量则相反,C项错误。若该图表示组成人体细胞的主要化合物占细胞干重的百分比,干重时蛋白质最多,则①是生命活动的主要承担者,D项正确。

4.小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显、隐性由 P、p基因控制),抗锈病和感锈病是一对相对性状(由 R、r控制),两对基因独立遗传。以纯种毛颖感锈病(甲)和纯种光颖抗锈病(乙)为亲本进行杂交,F1均为毛颖抗锈病(丙)。再用F1与丁进行杂交,F2有四种表现型,对每对相对性状的植株数目做出的统计结果如下图所示,则丁的基因型是(　　)

A.Pprr　　　　B.PPRr　　　　C.PpRR　　　　D.ppRr

答案:D

解析:由题意知,甲、乙杂交子代性状全部表现为毛颖抗锈病,所以毛颖和抗锈病都为显性性状,所以甲的基因型为PPrr,乙为ppRR,丙为PpRr,F2中抗锈病与感锈病数量比为3∶1,符合分离定律;毛颖与光颖数量比为1∶1,推出丁的基因型为ppRr,D项正确。

5.用不同浓度的生长素(IAA)和赤霉素(GA)分别处理豌豆黄化苗茎切段一段时间,得到如图所示的结果。下列叙述错误的是              (　　)

A.激素的浓度和处理茎切段的时间分别属于自变量和无关变量

B.在50 μmol·L-1浓度时,赤霉素比生长素促进伸长的效果更好

C.250 μmol·L-1的赤霉素和生长素共同使用促进伸长的效果最佳

D.106μmol·L-1的生长素对茎切段的作用可能与诱导乙烯的产生有关

答案:C

解析:根据图形,实验的自变量为激素的浓度和激素的种类,处理茎切段的时间属于无关变量,应保持相同,A项正确。50μmol/L时,赤霉素处理的茎段长度大于生长素处理的茎段长度,因此,浓度为50μmol/L时,赤霉素的促进伸长效果更好,B项正确。图中所示为赤霉素和生长素分别处理的结果,无法判断二者共同使用的作用效果,C项错误。据图分析,106μmol/L的生长素一组和对照组相比,茎切段短,说明该浓度的生长素对茎伸长有抑制作用,可能是因为较高浓度的生长素诱导乙烯合成,从而抑制细胞伸长,D项正确。

6.调查发现小型湖泊中的绿藻、蓝藻是露斯塔野鲮鱼和罗氏沼虾的食物,罗氏沼虾又是露斯塔野鲮鱼的食物。图1表示不同体长露斯塔野鲮鱼的食性相对值,图2表示绿藻和蓝藻对水体中N元素、P元素的吸收量及其体内的藻毒素含量。请分析回答有关问题。

图1

图2

(1)该湖泊中露斯塔野鲮鱼与罗氏沼虾的种间关系是　　　　　　　　　　　。 

(2)若将体长为2.8 cm的露斯塔野鲮鱼增重2 kg,至少需要藻类　　　kg。 

(3)调查露斯塔野鲮鱼的种群密度时,若标记个体更易发现而被捕食,则会导致种群密度估算结果　　　　(填“偏高”“偏低”或“不变”)。 

(4)该湖泊受到富含P元素的生活用水的污染,某科研小组提出生态治污的方案:首先培养藻类去除水体中的P元素。选择的藻类是　　　　,理由是　　　　　　　　　　　　　　　　。然后投放体长大于4.2 cm的露斯塔野鲮鱼控制藻类的数量。选择体长大于4.2 cm的野鲮鱼,其原因是　　 　　　　　　　　　　　　　　　　。 

(5)科研小组又对罗氏沼虾的能量流动情况进行分析,结果如下表[数字为能量值,单位是kJ·(cm2·a)-1]。

据表结果分析,罗氏沼虾同化量为　　　　　　　　。 

答案:(1)竞争和捕食　(2)30　(3)偏高　(4)绿藻　绿藻体内的藻毒素含量低　植食性比例高,食物链短,能量利用率高　(5)24.6 kJ/(cm2·a)

解析:(1)该湖泊中露斯塔野鲮鱼与罗氏沼虾的种间关系是竞争和捕食。(2)体长为2.8cm的露斯塔野鲮鱼的食物来源中植食性∶肉食性=1∶1,则增重2kg,至少需要藻类(传递效率为20%)为1÷20%+1÷(20%×20%)=30(kg)。(3)调查露斯塔野鲮鱼的种群密度用标志重捕法,种群中的个体总数=初次标记个体数×重捕个体数/重捕中标记个体数,若标记个体更易发现而被捕食,则会使重捕中标记个体数变小,导致种群密度估算结果偏高。(4)两种藻类去除水体中的P元素能力相同,但蓝藻中藻毒素含量远高于绿藻,会对罗氏沼虾和露斯塔野鲮鱼造成危害,因此选择的藻类是绿藻。如果藻类大量繁殖也会破坏环境,所以放植食性较高的鱼类,即体长大于4.2cm的露斯塔野鲮鱼控制藻类的数量。此类鱼植食性比例高,食物链短,能量利用率高。(5)罗氏沼虾同化量=摄入食物中的能量-粪便中的能量=51.6-27.0=24.6kJ/(cm2·a)。