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    2021届高三新高考数学人教A版一轮复习教学案:第八章第4节 直线、平面平行的判定与性质

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    2021届高三新高考数学人教A版一轮复习教学案:第八章第4节 直线、平面平行的判定与性质

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    4节 直线、平面平行的判定与性质考试要求 1.以立体几何的定义、公理和定理为出发点,认识和理解空间中线面平行的有关性质与判定定理;2.能运用公理、定理和已获得的结论证明一些有关空间图形的平行关系的简单命题.知 识 梳 理1.直线与平面平行(1)直线与平面平行的定义直线l与平面α没有公共点,则称直线l与平面α平行.(2)判定定理与性质定理 文字语言图形表示符号表示判定定理平面外一条直线与此平面内的一条直线平行,则该直线平行于此平面aαbαabaα 定理一条直线和一个平面平行,则过这条直线的任一平面与此平面的交线与该直线平行aαaβαβbab2.平面与平面平行(1)平面与平面平行的定义没有公共点的两个平面叫做平行平面.(2)判定定理与性质定理 文字语言图形表示符号表示判定定理一个平面内的两条相交直线与另一个平面平行,则这两个平面平行aαbαabPaβbβαβ性质定理两个平面平行,则其中一个平面内的直线平行于另一个平面αβaαaβ如果两个平行平面同时和第三个平面相交,那么它们的交线平行αβαγaβγbab[常用结论与微点提醒]1.平行关系中的三个重要结论(1)垂直于同一条直线的两个平面平行,即若aαaβ,则αβ.(2)平行于同一平面的两个平面平行,即若αββγ,则αγ.(3)垂直于同一个平面的两条直线平行,即若aαbα,则ab.2.三种平行关系的转化线线平行、线面平行、面面平行的相互转化是解决与平行有关的证明题的指导思想,解题中既要注意一般的转化规律,又要看清题目的具体条件,选择正确的转化方向.诊 断 自 测1.判断下列结论正误(在括号内打“√”“×”)(1)若一条直线和平面内一条直线平行,那么这条直线和这个平面平行.(  )(2)若直线a平面αPα,则过点P且平行于直线a直线有无数条.(  )(3)如果一个平面内的两条直线平行于另一个平面,那么这两个平面平行.(  )(4)如果两个平面平行,那么分别在这两个平面内的两条直线平行或异面.(  )解析 (1)若一条直线和平面内的一条直线平行,那么这条直线和这个平面平行或在平面内,故(1)错误.(2)aαPα,则过点P且平行于a的直线只有一条,故(2)错误.(3)如果一个平面内的两条直线平行于另一个平面,则这两个平面平行或相交,故(3)错误.答案 (1)× (2)× (3)× (4)2.(老教材必修2P61AT1(2)改编)下列说法中,与直线a平面α等价的是(  )A.直线a上有无数个点不在平面αB.直线a与平面α内的所有直线平行C.直线a与平面α内无数条直线不相交D.直线a与平面α内的任意一条直线都不相交解析 因为a平面α,所以直线a与平面α无交点,因此a和平面α内的任意一条直线都不相交,故选D.答案 D3.(新教材必修第二册P142T2改编)平面α平面β的一个充分条件是(  )A.存在一条直线aaαaβB.存在一条直线aaαaβC.存在两条平行直线abaαbβaβbαD.存在两条异面直线abaαbβaβbα解析 αβlalaαaβaαaβ故排除Aαβlaαalaβ,故排除Bαβlaαalbβblaβbα,故排除C故选D.答案 D4.(2020·洛阳尖子生联考)lm是两条不同的直线,αβ是两个不同的平面,且lαmβ下列结论正确的是(  )A.αβ,则lβ    B.lm,则αβC.αβ,则lβ   D.lm,则αβ解析 对于Aαβlα只有加上l垂直于αβ的交线,才有lβ,所以A错误;对于B,若lmlαmβαβ可能平行,也可能相交但不垂直,所以B错误;对于C,若αβlα由面面平行的性质可知,lβ,所以C正确;对于D,若lmlαmβαβ可能平行,也可能相交,所以D错误.答案 C5.(2019·成都月考)若平面α平面β,直线a平面α,点Bβ,则在平面β内且过B点的所有直线中(  )A.不一定存在与a平行的直线B.只有两条与a平行的直线C.存在无数条与a平行的直线D.存在唯一与a平行的直线解析 当直线a在平面β内且过B点时,不存在与a平行的直线,故选A.答案 A6.(2019·衡水中学开学考试)如图是长方体被一平面所截得的几何体,四边形EFGH为截面,则四边形EFGH的形状为________.解析 平面ABFE平面DCGH又平面EFGH平面ABFEEF平面EFGH平面DCGHHGEFHG.同理EHFG四边形EFGH是平行四边形.答案 平行四边形考点一 与线、面平行相关命题的判定【例1 (1)(2019·长沙模拟)abc表示不同直线,αβ表示不同平面,给出下列命题:acbc,则ababbα,则aαaαbα,则ab.其中真命题的个数是(  )A.0   B.1   C.2   D.3(2)(2020·江西红色七校联考)mn是空间中两条不同的直线,αβ是两个不同的平面,则下列说法正确的是(  )A.mnnαmαB.mαnβαβmnC.αβmα,则mβD.mαnβmβnααβ解析 (1)对于,根据线线平行的传递性可知是真命题;对于,由abbα,可以推出aαaα是假命题;对于,根据aαbα,可以推出ab平行、相交或异面,故是假命题.故选B.(2)mnnαmαmα所以选项A不正确;若mαnβαβmnmn异面,所以选项B不正确;若mαnβmβnααβαβ相交,所以选项D不正确.故选C.答案 (1)B (2)C规律方法 1.判断与平行关系相关命题的真假,必须熟悉线、面平行关系的各个定义、定理,无论是单项选择还是含选择项的填空题,都可以从中先选出最熟悉最容易判断的选项先确定或排除,再逐步判断其余选项.2.(1)结合题意构造或绘制图形,结合图形作出判断.(2)特别注意定理所要求的条件是否完备,图形是否有特殊情况,通过举反例否定结论或用反证法推断命题是否正确.【训练1 (1)(2019·全国)αβ为两个平面,则αβ的充要条件是(  )A.α内有无数条直线与β平行B.α内有两条相交直线与β平行C.αβ平行于同一条直线D.αβ垂直于同一平面(2)在正方体ABCDA1B1C1D1中,下列结论正确的是________(填序号).AD1BC1平面AB1D1平面BDC1AD1DC1AD1平面BDC1.解析 (1)αβ,则α内有无数条直线与β平行,当无数条直线互相平行时,αβ可能相交;若αβ平行于同一条直线,则αβ可以平行也可以相交;若αβ垂直于同一个平面,则αβ可以平行也可以相交,故ACD中条件均不是αβ的充要条件.根据两平面平行的判定定理知,若一个平面内有两条相交直线与另一个平面平行,则两平面平行,反之也成立.因此B中条件是αβ的充要条件.(2)如图,因为ABC1D1所以四边形AD1C1B为平行四边形.AD1BC1,从而正确;易证BDB1D1AB1DC1AB1B1D1B1BDDC1D故平面AB1D1平面BDC1,从而正确;由图易知AD1DC1异面,故错误;因为AD1BC1AD1平面BDC1BC1平面BDC1所以AD1平面BDC1,故正确.答案 (1)B (2)①②④考点二 直线与平面平行的判定与性质多维探究角度1 直线与平面平行的判定【例21 (2020·沈阳一模)将正方形BCED沿对角线CD折叠,使平面ECD平面BCD.AB平面BCDAB2BC2.(1)求证:AB平面ECD(2)求三棱锥EACD的体积.(1)证明 CD的中点M,连接EMBM.因为CEED,所以EMCD.因为平面ECD平面BCD,且平面ECD平面BCDCDEM平面ECD所以EM平面BCD.因为AB平面BCD,所以ABEM.EM平面ECDAB平面ECD所以AB平面ECD.(2)解 因为原四边形BCED为正方形,MCD的中点,所以BMCD.又因为平面ECD平面BCD,且平面ECD平面BCDCDBM平面BCD,所以BM平面ECD.因为ECD为等腰三角形,BC2,所以SECD×2×22.由题意,易得BM所以VBECD·BM·SECD××2.(1)可知,点A到平面ECD的距离等于点B到平面ECD的距离,所以VEACDVAECDVBECD.角度2 直线与平面平行性质定理的应用【例22 如图,在直四棱柱ABCDA1B1C1D1中,E为线段AD上的任意一点(不包括AD两点),平面CEC1与平面BB1D交于FG.证明:FG平面AA1B1B.证明 在四棱柱ABCDA1B1C1D1中,BB1CC1BB1平面BB1DCC1平面BB1D所以CC1平面BB1D.CC1平面CEC1,平面CEC1与平面BB1D交于FG所以CC1FG.因为BB1CC1,所以BB1FG.BB1平面AA1B1BFG平面AA1B1B所以FG平面AA1B1B.规律方法 1.利用判定定理判定线面平行,关键是找平面内与已知直线平行的直线.常利用三角形的中位线、平行四边形的对边或过已知直线作一平面找其交线.2.在解决线面、面面平行的判定时,一般遵循从低维高维的转化,即从线线平行线面平行,再到面面平行;而在应用性质定理时,其顺序恰好相反.【训练2 (2019·太原一模)如图,在四棱锥EABCD中,底面ABCD是平行四边形,MN分别是BCDE的中点,ABE是等边三角形,平面ABE平面BCEBECEBECE2.(1)求证:CN平面AEM(2)求三棱锥NAEM的体积.(1)证明 如图,设AE的中点为F,连接MFNF.NDE的中点,FNADFNAD.四边形ABCD是平行四边形,ADBCADBC.MBC的中点,FNMCFNMCBC四边形MCNF是平行四边形,CNMF.MF平面AEMCN平面AEMCN平面AEM.(2)解 如图,过点AAOBEO为垂足,连接AC.平面ABE平面BCE,平面ABE平面BCEBEAOBCE.∵△ABE是等边三角形,EB2AO.BECEBECE2MBC的中点,SMCE××2×21.(1)CN平面AEMV三棱锥NAEMV三棱锥CAEMV三棱锥ACEMSMCE·AO×1×.考点三 面面平行的判定与性质 典例迁移【例3 (经典母题)如图所示,在三棱柱ABCA1B1C1中,EFGH分别是ABACA1B1A1C1的中点,求证:(1)BCHG四点共面;(2)平面EFA1平面BCHG.证明 (1)GH分别是A1B1A1C1的中点,GHA1B1C1的中位线,则GHB1C1.B1C1BCGHBCBCHG四点共面.(2)EF分别为ABAC的中点,EFBCEF平面BCHGBC平面BCHGEF平面BCHG.GE分别为A1B1AB的中点,A1B1ABA1GEB四边形A1EBG是平行四边形,A1EGB.A1E平面BCHGGB平面BCHGA1E平面BCHG.A1EEFE平面EFA1平面BCHG.【迁移1 在本例中,若将条件EFGH分别是ABACA1B1A1C1的中点变为D1D分别为B1C1BC的中点,求证:平面A1BD1平面AC1D.证明 如图所示,连接A1CAC1于点M四边形A1ACC1是平行四边形,MA1C的中点,连接MDDBC的中点,A1BDM.A1B平面A1BD1DM平面A1BD1DM平面A1BD1又由三棱柱的性质及DD1分别为BCB1C1的中点知,D1C1BD四边形BDC1D1为平行四边形,DC1BD1.DC1平面A1BD1BD1平面A1BD1DC1平面A1BD1DC1DMDDC1DM平面AC1D因此平面A1BD1平面AC1D.【迁移2 在本例中,若将条件EFGH分别是ABACA1B1A1C1的中点变为DD1分别是ACA1C1上的点,且平面BC1D平面AB1D1,试求的值.解 连接A1BAB1O,连接OD1.由平面BC1D平面AB1D1且平面A1BC1平面BC1DBC1平面A1BC1平面AB1D1D1O所以BC1D1O,则1.又由题设1,即1.规律方法 1.判定面面平行的主要方法(1)利用面面平行的判定定理.(2)线面垂直的性质(垂直于同一直线的两平面平行).2.面面平行条件的应用(1)两平面平行,分析构造与之相交的第三个平面,交线平行.(2)两平面平行,其中一个平面内的任意一条直线与另一个平面平行.提醒 利用面面平行的判定定理证明两平面平行,需要说明是在一个平面内的两条直线是相交直线.【训练3 已知四棱柱ABCDA1B1C1D1中,ADBCAD2BCEF分别为CC1DD1的中点.求证:平面BEF平面AD1C1.证明 AD的中点G,连接BGFG.因为EF分别为CC1DD1的中点,所以C1D1CDEF因为C1D1平面AD1C1EF平面AD1C1所以EF平面AD1C1.因为ADBCAD2BC所以GDBC,即四边形BCDG是平行四边形,所以BGCD,所以BGEF,即四边形EFGB是平行四边形,所以BEFG.因为FG分别是DD1AD的中点,所以FGAD1,所以BEAD1.因为AD1平面AD1C1BE平面AD1C1所以BE平面AD1C1.BE平面BEFFE平面BEFBEEFE所以平面BEF平面AD1C1.A级 基础巩固一、选择题1.已知αβ表示两个不同的平面,直线mα内一条直线,则αβmβ(  )A.充分不必要条件   B.必要不充分条件C.充要条件    D.既不充分也不必要条件解析 αβmα可得mβ;反过来,由mβmα不能推出αβ.综上,αβmβ的充分不必要条件.答案 A2.(2020·湘中名校联考)已知mn是两条不同的直线,αβγ是三个不同的平面,下列命题中正确的是(  )A.mαnα,则mnB.mαmβ,则αβC.αγβγ,则αβD.mαnα,则mn解析 A中,两直线可能平行、相交或异面;B中,两平面可能平行或相交;C中,两平面可能平行或相交;D中,由线面垂直的性质定理可知结论正确,故选D.答案 D3.(2019·蚌埠二模)已知平面αβγ两两垂直,直线abc满足aαbβcγ则直线abc的位置关系不可能是(  )A.两两平行    B.两两垂直C.两两相交    D.两两异面解析 假设abc三条直线两两平行,如图所示,αβlabaβbβaβ.又知aααβlal又知αγβγαβllγ又知abalaγ又知cγac所以假设不成立.故三条直线abc不可能两两平行,因此选A.答案 A4.(2020·衡水模拟)已知mn为两条不重合直线,αβ为两个不重合平面,下列条件中,αβ的充分条件是(  )A.mnmαnβ   B.mnmαnβC.mnmαnβ   D.mnmαnβ解析 对于A,两个平面内分别有一条直线,这两条直线互相平行,这两个平面可能平行,也可能相交,因此A中条件不是αβ的充分条件;对于B,因为mnmα,所以nα,结合nβ,知αβ,因此B中条件是αβ的充分条件;对于C,由mnmαnαnα,或nα相交,结合nβ,知αβ可能平行,也可能相交,所以C中条件不是αβ的充分条件;对于D,由mnmαnαnα,结合nβ,知αβ,所以D中条件不是αβ的充分条件.综上可知,选B.答案 B5.(2019·长春模拟)若平面α截三棱锥所得截面为平行四边形,则该三棱锥中与平面α平行的棱有(  )A.0    B.1C.2    D.1条或2解析 如图所示,平面α即平面EFGH,则四边形EFGH为平行四边形,则EFGH.EF平面BCDGH平面BCDEF平面BCD.EF平面ACD,平面BCD平面ACDCDEFCD.EF平面EFGHCD平面EFGH.CD平面EFGH,同理,AB平面EFGH所以与平面α(平面EFGH)平行的棱有2.答案 C二、填空题6.如图,在正方体ABCDA1B1C1D1中,AB2EAD的中点,点FCD上,若EF平面AB1C,则EF________.解析 根据题意,因为EF平面AB1CEF平面ACD,平面ACD平面AB1CAC,所以EFAC.EAD的中点,所以FCD的中点.因为在RtDEF中,DEDF1,故EF.答案 7.αβγ是三个不同的平面,mn是两条不同的直线,在命题αβmnγ________,则mn中的横线处填入下列三组条件中的一组,使该命题为真命题.αγnβmγnβnβmγ.可以填入的条件有________(填序号).解析 由面面平行的性质定理可知,正确;当mγnβ时,nm可能平行或异面,错误;当nβmγ时,nm在同一平面内,且没有公共点,所以mn正确.答案 8.(2019·郑州调研)mn是两条不同的直线,αβγ是三个不同的平面,给出下列四个命题:mαnαmnαββγmα,则mγαβnmnmα,则mβmαnβmn,则αβ.其中是真命题的是________(填上正确命题的序号).解析 mnmn异面,故错误;易知正确;mβmβ错误;αβαβ相交,故错误.答案 三、解答题9.(2020·武汉模拟)已知四棱锥PABCD的底面ABCD是平行四边形,侧面PAB平面ABCDE是棱PA的中.(1)求证:PC平面BDE(2)平面BDE分此棱锥为两部分,求这两部分的体积比.(1)证明 在平行四边形ABCD中,连接AC,设ACBD的交点为O,则OAC的中点.EPA的中点,连接EO,则EOPAC的中位线,所以PCEOEO平面EBDPC平面EBD,所以PC平面EBD.(2)解 设三棱锥EABD的体积为V1,高为h,四棱锥PABCD的体积为V则三棱锥EABD的体积V1×SABD×h因为EPA的中点,所以四棱锥PABCD的高为2h所以四棱锥PABCD的体积V×S四边形ABCD×2h4×SABD×h4V1,所以(VV1)V131所以平面BDE分此棱锥得到的两部分的体积比为3113.10.如图,ABCDADEF均为平行四边形,MNG分别是ABADEF的中点.求证:(1)BE平面DMF(2)平面BDE平面MNG.证明 (1)连接AE,则AE必过DFGN的交点O连接MO,则MOABE的中位线,所以BEMO.BE平面DMFMO平面DMF所以BE平面DMF.(2)因为NG分别为平行四边形ADEF的边ADEF的中点,所以DEGNDE平面MNGGN平面MNG所以DE平面MNG.MAB的中点,所以MNABD中位线,所以BDMNMN平面MNGBD平面MNG所以BD平面MNGDEBD平面BDEDEBDD所以平面BDE平面MNG.B级 能力提升11.(2019·福州质检)已知ab是两条异面直线,直线cab都垂直,则下列说法正确的是(  )A.c平面α,则aαB.c平面α,则aαbαC.存在平面α,使得cαaαbαD.存在平面α,使得cαaαbα解析 对于A,满足c平面α,且c与异面直线ab均垂直,则a可能在α内,也可能与α斜交,故A错误;对于B,满足c平面α时,直线a与直线b可能其中一条在平面α内,故B错误;对于C,若bα,则α内一定存在一条直线b,使得bb,又知aαab为两条异面直线,所以ab一定相交,又知cbbb,所以cb,又知caab相交,所以cα,故C确;对于D,如果aαbα,则ab,这与条件中ab是两条异面直线相矛盾,故D错误,因此选C.答案 C12.(2019·吉安一模)如图,在棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1中,MN分别是A1D1A1B1的中点,过直线BD的平面α平面AMN,则平面α截该正方体所得截面的面积为(  )A.   B.   C.   D.解析 如图1,分别取B1C1C1D1的中点EF,连接EFBEDFB1D1ME,易知EFB1D1BDABMEABEM,所以四边形ABEM为平行四边形,则AMBE,又BDBE为平面BDFE内的两条相交直线. 1           图2所以平面AMN平面BDFE即平面BDFE为平面αBDEFB1D1得四边形BDFE为等腰梯形,DFBE在等腰梯形BDFE如图2中,EFBD的垂线,则四边形EFGH为矩形,其高FG故所得截面的面积为××.答案 B13.在正四棱柱ABCDA1B1C1D1中,O为底面ABCD的中心,PDD1的中点,设QCC1上的点,则点Q足条件________时,有平面D1BQ平面PAO.解析 如图所示,设QCC1的中点,因为PDD1的中点,所以QBPA.连接DB,因为PO分别是DD1DB的中点,所以D1BPO,又D1B平面PAOQB平面PAOPO平面PAOPA平面PAO,所以D1B平面PAOQB平面PAO,又D1BQBB,所以平面D1BQ平面PAO.QCC1的中点时,有平面D1BQ平面PAO.答案 QCC1的中点14.(2020·重庆调研)已知空间几何体ABCDE中,BCDCDE均是边长为2的等边三角形,ABC是腰长为3的等腰三角形,平面CDE平面BCD,平面ABC平面BCD.(1)试在平面BCD内作一条直线,使得直线上任意一点FE的连线EF均与平面ABC平行,并给出证明;(2)求三棱锥EABC的体积.解 (1)如图所示,取DC的中点N,取BD的中点M,连接MN,则MN即为所求.证明:连接EMEN,取BC的中点H,连接AH∵△ABC是腰长为3的等腰三角形,HBC的中点,AHBC,又平面ABC平面BCD,平面ABC平面BCDBCAH平面ABCAH平面BCD,同理可证EN平面BCDENAHEN平面ABCAH平面ABCEN平面ABC.MN分别为BDDC的中点,MNBCMN平面ABCBC平面ABCMN平面ABC.MNENNMN平面EMNEN平面EMN平面EMN平面ABCEF平面EMNEF平面ABC即直线MN上任意一点FE的连线EF均与平面ABC平行.(2)连接DH,取CH的中点G,连接NG,则NGDH(1)可知EN平面ABCE到平面ABC的距离与点N到平面ABC的距离相等,BCD是边长为2的等边三角形,DHBC又平面ABC平面BCD,平面ABC平面BCDBCDH平面BCDDH平面ABCNG平面ABC易知DHNGSABC·BC·AH×2×2VEABC·SABC·NG.C级 创新猜想15.(开放题)如图所示,在正四棱柱ABCDA1B1C1D1中,EFGH分别是棱CC1C1D1D1DDC的中点,NBC的中点,点M在四边形EFGH及其内部运动,则M只需满足条件________时,就有MN平面B1BDD1(注:请填上你认为正确的一个条件即可,不必考虑全部可能情况).解析 连接HNFHFN,则FHD1DHNBDFHHNHD1DBDD平面FNH平面B1BDD1,只需MFHMN平面FNHMN平面B1BDD1.答案 M在线段FH(或点M与点H重合)

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