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    【化学】山西省应县第一中学2018-2019学年高二上学期期中考试(解析版)

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    【化学】山西省应县第一中学2018-2019学年高二上学期期中考试(解析版)

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    山西省应县第一中学2018-2019学年高二上学期期中考试
    1.常温下,一定浓度的某溶液,由水电离出的c(OH-)=1×10- 4 mol/L,则该溶液中的溶质可能是
    A. H2SO4 B. CH3COONa C. NaOH D. KHSO4
    【答案】B
    【解析】
    【分析】
    常温下,水的离子积为:10-14,由水电离出的c(OH-)=10-4mol/L,c(H+)·c(OH-)=10-8>10-14,水的电离程度增大,说明所加的溶质促进水的电离,结合选项知,只能是水解呈碱性的强碱弱酸盐醋酸钠。
    【详解】常温下,由水电离出的c(OH-)=10-4mol/L,水电离的氢离子浓度等于氢氧根离子浓度,则c(H+)·c(OH-)=10-8>10-14,说明该溶液中溶质促进了的水的电离,硫酸、氢氧化钠、硫酸氢钾都抑制了水的电离,只有醋酸钠属于强碱弱酸盐,醋酸根离子结合水电离的氢离子,促进了水的电离,答案选B。
    【点睛】本题考查了水的电离、盐的水解等知识,题目难度中等,试题侧重对学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力的培养,解题的关键是准确判断出溶液中的溶质对水的电离程度的影响。
    2.下列操作会使H2O的电离平衡向正方向移动,且溶液呈酸性的是
    A. 将纯水加热到95 ℃时,pH盐酸,答案选B。
    5.pH均为11的火碱溶液和氨水各1升,分别加水稀释到pH均10, 所加水的量
    A. 前者多 B. 后者多 C. 相等 D. 无法确定
    【答案】B
    【解析】
    【详解】一水合氨是弱电解质,氢氧化钠是强电解质,pH值相同的氢氧化钠和氨水,一水合氨的物质的量浓度大,如稀释相同倍数,稀释后的溶液仍是一水合氨的pH大,如稀释后溶液的pH相同,则氨水应加入较多的水,故pH均为11的火碱溶液和氨水各1L,分别加水稀释到pH均10, 所加水的量后者多。答案选B。
    6.0.1mol/L的盐酸和醋酸溶液各1升,分别加水500mL,所得溶液pH
    A. 盐酸大 B. 醋酸大 C. 相等 D. 无法确定
    【答案】B
    【解析】
    【详解】0.1mol/L的盐酸和醋酸溶液各1L,分别加水500mL,所得溶液的物质的量浓度为,盐酸为强酸完全电离,氢离子浓度为,醋酸为弱酸,不完全电离,氢离子浓度小于,所得溶液pH醋酸的大于盐酸,选项B正确。答案选B。
    7.pH=8的NH3·H2O和pH=12的NH3·H2O两溶液等体积混合后,所得溶液pH
    A. 略小于9+lg2 B. 略大9+lg2 C. 略大12 - lg2 D. 略小于12 - lg2
    【答案】C
    【解析】
    【详解】若一元强碱pH=8的NH3·H2O和pH=12的NH3·H2O两溶液等体积混合后,所得溶液pH
    pH=8的NH3·H2O中c(OH-)=1×10-6mol/L,pH=12的NH3·H2O中c(OH-)=1×10-2mol/L,假如不考虑混合后一水合氨的电离,则混合后c(OH-)=mol/L≈mol/L,则溶液中的c(H+)==mol/L=2.0×10-12mol/L,pH=12-lg2,但由于混合后溶液比pH=12的NH3·H2O稀,促进电离,氢氧根离子浓度增大,故pH略大12 - lg2。答案选C。
    8.1mL pH=11氨水加水到100mL, 得溶液pH
    A. =10 B. =9 C. 略大于9 D. 13
    【答案】C
    【解析】
    【分析】
    一水合氨是弱电解质,在水溶液里部分电离,加水促进电离,结合弱电解质的电离进行求算。
    【详解】一水合氨是弱电解质,在水溶液里部分电离,加水促进电离,将1mLpH=11的氨水加水稀释至100mL,体积增大100倍,pH变化小于2个单位,即稀释后9乙 D. c(CH3COO-):甲>乙
    【答案】B
    【解析】
    【详解】醋酸为弱酸,存在电离平衡CH3COOHCH3COO-+H+;A. 乙中醋酸浓度较大,离子浓度较大,溶液的导电能力较大,即甲>乙,选项A错误;B.根据弱电解质越稀越电离可知,弱酸醋酸的电离转化率:甲>乙,选项B正确;C. 乙中酸电离产生的氢离子浓度较大,氢离子浓度越大,对水的电离抑制程度越大,故对水的电离的抑制程度:甲HCN,所以同浓度溶液的碱性:CH3COONa②>①
    B. 若将3种溶液稀释相同倍数,pH变化最大的是②
    C. 若分别加入25mL 0.1mol·L-1盐酸后,pH最大的是①
    D. 三种溶液中,水的电离程度最大的是③
    【答案】C
    【解析】
    【详解】A.等浓度时强碱的pH最大,强碱弱酸盐中对应的酸性越强,水解程度越小,碳酸氢根离子的酸性小于醋酸,所以3种溶液pH的大小顺序是③>①>②,选项A错误;B.稀释时强碱的变化程度大,所以三种溶液稀释相同倍数,pH变化最大的是③,选项B错误;C.等体积等浓度混合后,①中溶质为NaHCO3、NaCl,②中溶质为NaCl、CH3COOH,③中溶质为NaCl,而HCO3-离子水解显碱性,所以pH最大的是①,选项C正确;D.碳酸钠和醋酸钠水解促进水的电离,氢氧化钠溶液是强碱抑制水的电离,电离程度不同,选项D错误;答案选C。
    【点睛】本题考查学生盐的水解规律以及盐的水解原理的应用知识,注意知识的迁移和应用是解题的关键,难度不大。
    23.恒温下,把0.5mol/L的HF溶液加水稀释,随着加水量的增大,下列判断正确的是
    A. 溶液中F-的个数减小 B. 电离平衡常数ka值变大
    C. 电离转化率不变 D. c(F- )/c(HF)此比值增大
    【答案】D
    【解析】
    【分析】
    根据HF属于弱电解质,则在加水不断稀释时,电离程度增大,电离平衡保持向正反应方向移动,并注意温度不变时,电离平衡常数不变来解答。
    【详解】A、因HF为弱酸,则浓度为0.5mol/L的HF溶液加水稀释,促进电离,平衡正向移动,电离程度增大,n(F-)增大,但c(F-)减小,选项A错误;B、因电离平衡常数只与温度有关,则Ka(HF)在稀释过程中不变,选项B错误;C、因HF为弱酸,则浓度为0.5mol/L的HF溶液加水稀释,促进电离,平衡正向移动,电离程度增大,电离转化率增大,选项C错误;D、因Ka(HF)=,当HF溶液加水不断稀释,促进电离,c(F-)不断减小,Ka(HF)不变,则增大,选项D正确;答案选D。
    【点睛】本题考查弱电解质的稀释,明确稀释中电离程度、离子浓度、Ka的变化即可解答,本题难点和易错点是不断稀释时n(F-)增大但c(F-)减小。
    24.(1)写出下列盐水解的离子方程式:
    NaClO________________。
    (NH4)2SO4________________。
    Na2SO3 ________________。
    AlCl3________________。
    (2)25 ℃,将0.2 mol·L-1 HA溶液与0.2 mol·L-1 NaOH溶液等体积混合,测得混合溶液中c(Na+)>c(A-),则:(下列空白填“>”“ (9). >
    【解析】
    【详解】(1)次氯酸钠溶液中,次氯酸根离子是弱根离子,水解生成次氯酸和氢氧根离子,水解方程式为ClO-+H2O⇌HClO+OH-;
    硫酸铵溶液中,铵根离子是弱碱的阳离子,水解生成一水合氨和氢离子,水解方程式为NH4+ + H2O NH3·H2O + H+;
    亚硫酸钠溶液中,亚硫酸根离子是弱酸根离子,多元弱酸根离子分步水解,亚硫酸根离子第一步水解生成亚硫酸氢根离子和氢氧根离子,水解方程式为SO32-+ H2O HSO3- + OH-;第二步水解生成亚硫酸和氢氧根离子,水解方程式为HSO3- + H2O H2SO3+ OH-;
    氯化铝溶液中,铝离子是弱碱的阳离子,水解生成氢氧化铝和氢离子,水解方程式为Al3+ + 3H2O Al(OH)3 + 3H+;
    (2)25 ℃,将0.2 mol·L-1 HA溶液与0.2 mol·L-1 NaOH溶液等体积混合,完全反应所得溶液为NaA盐溶液,测得混合溶液中c(Na+)>c(A-),说明HA为弱酸,盐的水解是微弱的。
    ① 混合溶液为NaA盐溶液,盐的水解是微弱的,故c(HA) 10-7 mol·L-1;
    ② 根据物料守恒,混合溶液中,c(HA)+c(A-)= c(Na+)==0.1 mol·L-1;
    ③ 盐的水解促进水的电离,酸溶液抑制水的电离,故混合溶液中,由水电离出的c(OH-)>原0.2 mol·L-1 HA溶液中由水电离出的c(H+);
    ④25 ℃时,如果取0.2 mol·L-1 HA溶液与0.1 mol·L-1 NaOH溶液等体积混合,所得溶液为HA与NaA按1:1形成的溶液,测得混合溶液的pHNaA的水解程度。
    25.(1)常温下,纯水电离达到平衡后,向水中溶入下列物质后,可促进水的电离的有_____可抑制水的电离的电解质有 _____
    ①Na2CO3 ②NaHSO4 ③ 蔗糖 ④ C2H5OH ⑤ KNO3 ⑥ H2CO3 ⑦AlCl3 ⑧ SO3
    (2)向0.1mol/L 的氨水中再通入少量氨气,填“增大”减小或不变:
    c(NH4+)/c(NH3·H2O ) ______ c(H+ )_____ 氨水电离转化率 ____
    (3)比较下列溶液的pH值(填>.<.=)
    ①0.1 mol·L- 1 NH4Cl溶液___________0.01 mol·L- 1 NH4Cl溶液
    ②0.1 mol·L- 1 Na2CO3溶液 __________0.1 mol·L- 1 NaHCO3溶液
    ③25℃,1 mol·L- 1 FeCl3溶液__________80℃,1 mol·L- 1 FeCl3溶液
    ④0.1 mol·L- 1 NaOH 溶液___________0.1 mol·L- 1 Na2CO3溶液
    【答案】 (1). ①⑦, (2). ②⑥ (3). 减小 (4). 减小 (5). 减小 (6). < (7). > (8). > (9). >
    【解析】
    【详解】(1)盐的水解促进水的电离,碳酸钠为强碱弱酸盐水解促进水的电离,氯化铝为强酸弱碱盐水解促进水的电离,故可促进水的电离的有①⑦;酸、碱均抑制水的电离,碳酸抑制水的电离且为电解质,三氧化硫虽然溶于水生成硫酸,硫酸抑制水的电离,但三氧化硫属于非电解质;完全电离或电离程度大于水解程度的酸式盐也抑制水的电离,硫酸氢钠电离产生大量氢离子抑制水的电离且为电解质,故可抑制水的电离的电解质有②⑥;
    (2)向0.1mol/L 的氨水中再通入少量氨气,平衡NH3+H2ONH3•H2ONH4++OH—正向移动,氢氧根离子浓度增大,电离平衡正向移动,温度不变Kb不变,则不变,但c(OH-)增大,故减小;c(H+)减小;电离平衡正向移动,氨水电离转化率增大;
    (3)①含有弱离子的盐,浓度越大其水解程度越小,但浓度大的溶液中离子水解的个数多,所以浓度越大的氯化铵溶液的pH越小,则pH:0.1mol•L-1 NH4Cl溶液<0.01mol•L-1 NH4Cl溶液,故答案为:<;
    ②多元弱酸根离子第一步水解程度远远大于第二步水解程度,所以碳酸根离子水解程度大于碳酸氢根离子,则溶液的pH0.1mol•L-1 Na2CO3溶液>0.1mol•L-1 NaHCO3溶液,故答案为:>;
    ③温度越高,越促进弱离子水解,温度越高氯化铁的水解程度越大,其溶液的pH越小,所以pH25℃1mol•L-1FeCl3溶液>80℃1mol•L-1FeCl3溶液,故答案为:>;
    ④碳酸钠中碳酸根离子水解但水解程度较小,相同浓度的强碱和盐,碱的pH大于盐,所以0.1mol•L-1NaOH 溶液>0.1mol•L-1 Na2CO3溶液,故答案为:>。
    26.同体积、pH=2的盐酸(A)和pH=2醋酸溶液(B)各1L 。分别加入等质量的锌片,充分反应后:(填>、<、=)
    ①若Zn均剩余,开始时生成氢气的速率:υ(H2):A____B, 一会儿后υ(H2)A___B。最终生成H2总量A ____ B; 所得溶液的质量增重A ____B;
    ②若Zn均耗尽,最终生成H2总量A ____B,所用时间A____ B;剩余溶液PH:A _____B
    ③若有一溶液中剩Zn,此溶液是_____(填A或B) ,最终生成H2总量A_____B
    ④若二溶液不加锌,而改为加水稀至pH=4,所加水量A____B;加水后对水电离的抑制程度A ___B;水的电离转化率A____ B。
    【答案】 (1). = (2). < (3). < (4). < (5). = (6). > (7). > (8). A (9). < (10). < (11). = (12). =
    【解析】
    【详解】pH相同的盐酸和醋酸,由于醋酸为弱酸,不能完全电离,则醋酸的浓度大于盐酸的浓度,① 若Zn均剩余,开始时氢离子浓度相同则生成氢气的速率:υ(H2):A=B; 一会儿后由于醋酸存在电离平衡电离产生氢离子故氢离子浓度较大,则υ(H2)A

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