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【化学】贵州省贵阳市第二中学2018-2019学年高二下学期期末考试试题（解析版）
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贵州省贵阳市第二中学2018-2019学年高二下学期期末考试试题
说明：
1、本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，共34道题。
2、可能用到的相对原子质量：H－1 C—12 N—14 O－16 S－32 Na—23 Mg—24 Al—27 Cl—35.5 Zn—65 Fe—56 Cu--64 Ca-40 Ag-108
第I卷 选择题(共60分)
一、选择题（本题包括30小题，每题2分，共60分，每小题只有一个选项符合题意）
1.下列说法中正确的是（ ）
A. 阿伏加德罗常数就是指6.02×1023
B. 1 mol 任何物质都约含有6.02×1023个分子
C. 3.01×1023个Na＋的物质的量是0.5 mol
D. 2 mol SO42－约含有1.204×1023个SO42－
【答案】C
【解析】
【详解】A、阿伏加德罗常数指1mol任何物质所含的粒子数，约为6.02×1023，故A错误；
B、分子错误，应为粒子数，像NaCl就不存在分子，故B错误；
C. 3.01×1023个Na＋的物质的量是0.5 mol，故C正确；
D，2 mol SO42－约含有1.204×1024个SO42－，故D错误。
答案选C。
2.下列叙述正确的是( )
A. 1 mol CO2的质量为44 g/mol B. H2SO4的摩尔质量为98
C. 标准状况下，气体摩尔体积约为22.4 L D. O2的相对分子质量为32
【答案】D
【解析】
【详解】A、质量的单位为g，故1mol二氧化碳的质量为44g，故A错误；
B、摩尔质量的单位为g/mol，故硫酸的摩尔质量为98g/mol，故B错误；
C、气体摩尔体积的单位为L/mol，故标况下，气体摩尔体积为22.4L/mol，故C错误；
D、O的相对原子质量为16，故氧气的相对分子质量为32，故D正确；
答案选D。
3.用NA表示阿伏德罗常数，下列叙述正确的是（ ）
A. 标准状况下，22.4LH2O含有的分子数为NA
B. 常温常压下，1.06gNa2CO3含有的Na+离子数为0.02NA
C. 物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中，含有Cl—个数为2NA
D. 通常状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L
【答案】B
【解析】
【详解】A.标准状况下，水是液体，无法用气体摩尔体积求物质的量，A错误；
B.常温常压下，Na2CO3为离子晶体，1.06g即0.01mol，含有的Na+离子数为0.02NA，B正确；
C.物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中，未给定体积无法计算含有Cl—的个数，C错误；
D.标准状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L，D错误；
答案为B；
4.下列各组中的离子，能在溶液中大量共存的是（ ）
A. K+、H+、SO42-、OH- B. Na+、Ca2+、CO32-、NO3-
C. Na+、H+、Cl-、CO32- D. Na+、Cu2+、Cl-、SO42-
【答案】D
【解析】
【详解】A. K+、H+、SO42-、OH-中，H+与OH-反应不能大量共存，A错误；
B. Na+、Ca2+、CO32-、NO3-中，Ca2+与CO32-反应不能大量共存，B错误；
C. Na+、H+、Cl-、CO32-中，H+与CO32-反应不能大量共存，C错误；
D. Na+、Cu2+、Cl-、SO42-中，不反应可以大量共存，D正确；
答案为D。
5.能正确表示下列化学反应的离子方程式是（ ）
A. 氢氧化钡溶液与稀硫酸的反应：OH-＋H+＝H2O
B. 澄清的石灰水与稀盐酸反应： Ca(OH)2+2H+=Ca2++2H2O
C. 铁丝插入硫酸铜溶液中： Fe + Cu2+= Cu + Fe2+
D. 碳酸钙溶于稀盐酸中： CO32-+ 2H+＝H2O + CO2↑
【答案】C
【解析】
【详解】A.氢氧化钡溶液与硫酸反应生成硫酸钡沉淀和水：Ba2++SO42-+2OH-+2H+=2BaSO4↓+2H2O，故A错误；
B.澄清的石灰水与稀盐酸反应中氢氧化钙可以拆开，即OH-+ H+= H2O，故B错误；
C.铁丝插入硫酸铜溶液中生成硫酸亚铁和铜： Fe + Cu2+=Cu + Fe2+，故C正确；
D.碳酸钙溶于稀盐酸中生成氯化钙、水和二氧化碳：CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑，故D错误；
故选C。
6.实验室制取少量N2常利用的反应是NaNO2＋NH4ClNaCl＋N2↑＋2H2O，关于该反应的说法正确的是（ ）
A. NaNO2是氧化剂 B. 生成1molN2时转移电子为6mol
C. NH4Cl中的N元素被还原 D. N2既是氧化剂又是还原剂
【答案】A
【解析】
【详解】A.NaNO2中N原子化合价为+3价，反应后变为0价，作氧化剂，A正确；
B.生成1molN2时氧化剂化合价由+3变为0，转移的电子为3mol，B错误；
C.NH4Cl中的N原子化合价升高，作还原剂被氧化，C错误；
D.N2既是氧化产物又是还原产物，D错误；
答案为A。
7.下列事实不能用元素周期律解释的有( )
A. 碱性：KOH > NaOH B. 相对原子质量：Ar > K
C. 酸性：HClO4 > H2SO4 D. 元素的金属性：Mg > Al
【答案】B
【解析】
【详解】A．同主族从上到下元素的金属性、最高价氧化物的水化物的碱性逐渐增强，故A正确；
B．元素周期表是按照原子序数从小到大的顺序编排的，不是按照相对原子质量的大小，故B错误；
C．同周期从左到右元素的最高价氧化物对应的水化物的酸性逐渐增强，故C正确；
D．同周期从左到右元素的金属性逐渐减弱， D正确。
答案选B。
8.今年是门捷列夫发现元素周期律150周年。下表是元素周期表的一部分，W、X、Y、Z为短周期主族元素，W与X的最高化合价之和为8。下列说法错误的是（ ）
A. 原子半径：W
C. 气态氢化物热稳定性：Z
【答案】D
【解析】
【分析】W、X、Y和Z为短周期主族元素，依据位置关系可以看出，W的族序数比X多2，因主族元素族序数在数值上等于该元素的最高价（除F与O以外），可设X的族序数为a，则W的族序数为a+2，W与X的最高化合价之和为8，则有a+(a+2)=8，解得a=3，故X位于第IIIA族，为Al元素；Y为Si元素，Z为P元素；W为N元素，据此分析作答。
【详解】根据上述分析可知W、X、Y和Z为N、Al、Si和P，则
A. 同一周期从左到右元素原子半径依次减小，同一主族从上到下元素原子半径依次增大，则原子半径比较：N＜Al，A项正确；
B. 常温常压下，Si为固体，B项正确；
C. 同一主族元素从上到下，元素非金属性依次减弱，气体氢化物的稳定性依次减弱，则气体氢化物的稳定性：PH3＜NH3，C项正确；
D. X的最高价氧化物的水化物为氢氧化铝，即可以和强酸反应，又可以与强碱反应，属于两性氢氧化物，D项错误；
答案选D。
9.已知：
2Fe(s)＋O2(g) ＝2FeO(s) △H＝－544kJ·mol－1
4Al(s)＋3O2(g) ＝2Al2O3(s) △H＝－3350kJ·mol－1
则2Al(s) +3FeO(s) ＝Al2O3(s) + 3Fe(s)的△H是（ ）
A. － 859 kJ·mol－1 B. ＋859 kJ·mol－1
C. －1403 kJ·mol－1 D. －2491 kJ·mol－1
【答案】A
【解析】
【详解】根据反应①2Fe(s)＋O2(g) ＝2FeO(s)和反应②4Al(s)＋3O2(g) ＝2Al2O3(s)可知，②×－①×得到2Al(s) +3FeO(s) ＝Al2O3(s)+ 3Fe(s)，所以反应热是（－3350kJ·mol－1）×＋544kJ·mol－1×＝－859 kJ·mol－1，
答案选A。
10.下列说法正确的是（ ）
A. 在101kPa时，1mol H2完全燃烧生成液态水，放出285.8kJ热量，H2的燃烧热为－285.8kJ·mol－1
B. 测定HCl和NaOH反应的中和热时，每次实验均应测量3个温度，即盐酸起始温度，NaOH起始温度和反应后终止温度
C. 在101k Pa时，1mol C与适量O2反应生成1mol CO时，放出110.5kJ热量，则C的燃烧热为110.5kJ·mol－1
D. 在稀溶液中，H＋(aq)＋OH－(aq)＝H2O(l)，H＝－57.3 kJ·mol－1。若将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合，放出的热量等于57.3kJ
【答案】B
【解析】
【详解】A．燃烧热是指在一定条件下，1mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量，A中没有指明温度，故A错误；
B．中和热测定时，必须测定起始温度和反应后温度，所以每次实验均应测量3个温度，即盐酸起始温度，NaOH起始温度和反应后终止温度，故B正确；
C．碳生成稳定氧化物为二氧化碳，不是一氧化碳，所以不能表示碳的燃烧热，故C错误；
D．因为浓硫酸稀释放热，所以将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合，放出的热量大于57.3kJ，故D错误。
答案选B。
11.CH3CH2OH分子中的氢原子的环境有（ ）种
A. 1 B. 2 C. 3 D. 6
【答案】C
【解析】
【详解】CH3CH2OH分子中，其中-CH3中3个H原子等效，-CH2-中的2个H原子等效，故分子中含有3种不同的H原子，
答案选C。
12.某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的水和二氧化碳，则该有机物必须满足的条件是（ ）
A. 分子中的C、H、O的个数比为1：2：3 B. 中C、H个数比为1：2
C. 该有机物的相对分子质量为14 D. 该分子中肯定不含氧元素
【答案】B
【解析】
【分析】某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的水和二氧化碳，只能说明该有机物中含有C、H原子个数之比为1：2；题中条件无法确定该有机物是否含有氧元素，以此进行解答。
【详解】A．燃烧产物为二氧化碳和水，无法确定该有机物中是否含有氧元素，故A错误；
B．根据生成等物质的量的水和二氧化碳可知，该有机物分子中含有C、H的原子个数比为1：2，故B正确；
C．根据题意只能确定该有机物中碳原子和氢原子的个数比，不能判断出该有机物中是否含有氧元素，但可以确定该有机物的相对分子质量一定不是14，故C错误；
D．燃烧产物为二氧化碳和水，无法确定该有机物中否含有氧元素，故D错误；
故答案为B。
13.下列物质的类别与所含官能团都错误的是（ ）
A. 羧酸 —OH B. 醇类—COOH
C. 醛类 —CHO D. 醚类 CH3-O-CH3
【答案】C
【解析】
【详解】A． 含有的官能团为羧基(-COOH)，不是醇羟基，属羧酸，故A不符合题意；
B．的羟基连在链烃基上的有机物属于醇类，所含有的官能团不是—COOH，故B不符合题意；
C．含有酯基，属酯类有机物，含有的官能团是-CHO和-COO-，有机物的类别和官能团的判断都是错误的，故C符合题意；
D．CH3-O-CH3属于醚类，含有，类别与官能团均正确，故D不符合题意；
故答案为C。
14.下列有机物命名正确的是（ ）
A. 2－乙基丙烷 B. CH3CH2CH2CH2OH 1－丁醇
C. CH3－－CH3 间二甲苯 D. 2－甲基－2－丙烯
【答案】B
【解析】
【详解】A.最长的碳链上碳原子数为4，名称为2－甲基丁烷，A错误；
B.CH3CH2CH2CH2OH共有4个碳原子，且羟基在第一个碳原子上，名称为1－丁醇，B正确；
C.CH3－－CH3苯环上的2个甲基在对位，名称为对二甲苯，C错误；
D.碳碳双键在第一个碳原子上，则名称为2－甲基－1－丙烯，D错误；
答案为B；
15.以下实验能获得成功是（ ）
A. 用稀硫酸与乙醇混合液共热控制在170℃制乙烯气体
B. 将铁屑、溴水、苯混合制溴苯
C. 在苯酚溶液中滴入少量稀溴水出现白色沉淀
D. 将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色
【答案】D
【解析】
【详解】A.稀硫酸不具有脱水性、吸水性，则用稀硫酸与乙醇混合液共热无法制取乙烯气体，A错误；
B.将铁屑、液溴、苯混合制溴苯，用溴水发生萃取，无法制取溴苯，B错误；
C.在苯酚溶液中滴入浓溴水出现白色沉淀，与稀溴水不反应，C错误；
D.将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色，D正确；
答案为D。
16.由2－氯丙烷为主要原料制取1,2－丙二醇〔CH3CH(OH)CH2OH〕时，经过的反应类型为（ ）
A. 加成－消去－取代 B. 消去－加成－取代
C. 取代－消去－加成 D. 取代－加成－消去
【答案】B
【解析】
【详解】2-氯丙烷为主要原料制取1，2-丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，①先发生氯代烃的消去反应生成C=C，②再发生丙烯的加成反应引入两个卤素原子，③最后发生卤代烃的水解反应（属于取代反应）生成CH3CH（OH）CH2OH，
答案选B。
17.下列各组物质中能用分液漏斗分离的是（ ）
A. 乙醇和乙醛 B. 甲苯和苯酚
C. 乙酸乙酯和醋酸 D. 硝基苯和水
【答案】D
【解析】
【详解】能用分液漏斗分离的应该是互不相溶的液体混合物。
A．乙醇和乙醛互溶，不符合题意，错误；
B．苯酚易溶于甲苯，不符合题意，错误；
C．醋酸可以溶解在乙酸乙酯中，错误；
D．硝基苯难溶于水，密度比水大，因此是互不相溶的两种液体混合物，可以使用分液漏斗分离，正确。
答案选D。
18.与CH2＝CH2→CH2Br—CH2Br的变化属于同一反应类型的是（ ）
A. CH3CHO→C2H5OH B. C2H5Cl→CH2=CH2
C. D. CH3COOH→CH3COOC2H5
【答案】A
【解析】
【详解】CH2＝CH2→CH2Br—CH2Br是乙烯与溴的加成反应。
A选项为乙醛与氢气的加成反应，反应类型相同；
B选项为氯乙烷消去反应生成乙烯，反应类型不同；
C选项为苯与硝酸的硝化反应，也属于取代反应，反应类型不同；
D选项为乙酸与乙醇的酯化反应，也属于取代反应，反应类型不同。
答案选A。
19.菲的结构简式如图所示，若菲分子中有1个H原子被Cl原子取代，则所得一氯取代产物有（ ）
A. 4种 B. 10种 C. 5种 D. 14种
【答案】C
【解析】
【详解】根据菲的结构简式可知，菲为对称结构，其一氯代物的产物如图所示，同分异构体共计5种，答案为C；
20.下列物质中，在不同条件下可以发生氧化、消去、酯化反应的为（ ）
A. 乙醇 B. 乙醛 C. 苯酚 D. 乙酸
【答案】A
【解析】
【详解】A、乙醇能发生氧化，消去和酯化反应，故正确；
B、乙醛能发生氧化反应，不能发生消去反应或酯化反应，故错误；
C、苯酚能发生氧化反应，不能发生消去或酯化反应，故错误；
D、乙酸能发生酯化反应，不能发生氧化或消去反应，故错误。
答案选A。
21.丙烯醇（CH2=CH—CH2OH）可发生的化学反应有（ ）
①加成 ②氧化 ③酯化 ④加聚 ⑤取代
A. 只有①②③ B. 只有①②③④ C. ①②③④⑤ D. 只有①③④
【答案】C
【解析】
【详解】CH2═CH-CH2OH中含有C=C和-OH官能团，其中C=C可发生加成、氧化、加聚反应，-OH可发生氧化、酯化、取代反应，
答案选C。
22.分子式为C4H10O并能与金属钠反应放出氢气的有机化合物有（ ）
A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 8种
【答案】C
【解析】
【详解】有机物能与金属钠反应生成氢气，则该有机物含有羟基，则C4H9-的同分异构体由2种，正丁基上羟基可能的位置有2种；异丁基上羟基可能的位置有2种，合计4种，
答案为C。
23.下列卤代烃，在一定条件下，能发生消去反应且消去产物为一种的是（ ）
A. CH3Cl B. CH3—CHBr—CH3
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】发生消去反应要求卤原子所在C原子相邻的C原子上必须含有H原子，故A和D错误；答案在B、C中选择，根据提示，消去反应后产物只有一种，即要求该有机物应该以含有卤原子的C原子为中心对称，故C错误。
答案选B。
24.实验室用溴和苯反应制取溴苯，得到粗溴苯后，要用如下操作精制：
①蒸馏；②水洗；③用干燥剂干燥；④10% NaOH溶液洗；⑤水洗
正确的操作顺序是（ ）
A. ①②③④⑤ B. ②④⑤③①
C. ④②③①⑤ D. ②④①⑤③
【答案】B
【解析】
【详解】粗溴苯中含有苯、溴苯、溴化铁和溴，提纯时，为减少NaOH的用量，可先用水洗，可除去溴化铁和少量溴，然后加入10%的NaOH溶液洗涤，可除去溴，再用水洗除去碱液，经干燥后进行蒸馏可得溴苯，所以正确的操作顺序为：②④⑤③①，故合理选项是B。
25.糖类、脂肪和蛋白质是维持人体生命活动所必需的三大营养物质．以下叙述正确的是（ ）
A. 植物油不能使溴的四氯化碳溶液褪色
B. 淀粉水解的最终产物是葡萄糖
C. 葡萄糖能发生氧化反应和水解反应
D. 蛋白质溶液遇硫酸铜后产生的沉淀能重新溶于水
【答案】B
【解析】
【详解】A．植物油为不饱和高级脂肪酸甘油酯，含有不饱和键，能够与溴水发生加成反应而使其褪色，故A错误；
B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖，故B正确；
C．葡萄糖为单糖，不能水解，故C错误；
D．蛋白质遇到硫酸铜发生变性，该过程为不可逆过程，所以产生沉淀后不能重新溶于水，故D错误。
答案选B。
26.下列说法正确的是（ ）
A. 室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷
B. 用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3
C. 用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3
D. 油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．含-OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷，A正确；
B．HCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，B错误；
C．CH3COOH与碳酸钠溶液反应产生气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，C错误；
D．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，D错误。
答案选A。
27.实验室制备下列物质时，不用加入浓H2SO4的是（ ）
A. 由苯制取硝基苯 B. 用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯
C. 由溴乙烷制乙烯 D. 由乙醇制乙烯
【答案】C
【解析】
【详解】A、由苯制取硝基苯，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故A错误；
B、用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯，浓硫酸作催化剂、吸水剂，故B错误；
C、溴乙烷在NaOH水溶液的条件下发生水解反应得到乙烯，不需要加入浓硫酸，故C正确；
D、由乙醇制乙烯，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故D错误。
故选C。
28.下列说法中，正确的是（ ）
A. 两种物质的组成元素相同，各元素的质量分数也相同，则两者一定互为同分异构体
B. 分子式为CnH2n的化合物，可能使酸性KMnO4溶液褪色，也可能不使其褪色
C. 通式相同，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，一定互为同系物
D. 凡含有苯环的物质都是芳香烃
【答案】B
【解析】
【详解】A.两种物质的组成元素相同，各元素的质量分数也相同，则两者的最简式一定是相同的，但不一定是互为同分异构体，A不正确；
B、分子式为CnH2n的化合物，可能是烯烃，也可能是环烷烃，因此可能使酸性KMnO4溶液褪色，也可能不使其褪色，B正确；
C、只有结构相似，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，一定互为同系物，而通式相同的不一定是，例如烯烃和环烷烃之间不可能互为同系物的关系，C不正确；
D、含有苯环的碳氢化合物是芳香烃，D不正确.
答案选B。
29.以乙醇为原料，用下述6种类型的反应：①氧化，②消去，③加成，④酯化，⑤水解，⑥加聚，来合成乙二酸乙二酯()的正确顺序是( )
A. ①⑤②③④ B. ①②③④⑤ C. ②③⑤①④ D. ②③⑤①⑥
【答案】C
【解析】
【详解】CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O 消去反应
CH2=CH2+Br2→CH2Br-CH2Br 加成反应
CH2Br-CH2Br+2NaOHHO-CH2-CH2-OH+2NaBr 水解反应（取代反应）
HO-CH2-CH2-OH+O2OHC-CHO+2H2O 氧化反应（催化氧化）
OHC-CHO+O2HOOC-COOH 氧化反应
HO-CH2-CH2-OH+HOOC-COOH +2H2O 酯化反应（取代反应），所以由乙醇制取乙二酸乙二酯时需要经过的反应的顺序为②③⑤①④ ，故本题的答案选择C。
30.下列关于合成材料的说法中，不正确的是（ ）
A. 塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料
B. 聚氯乙烯可制成薄膜、软管等，其单体是CH2=CHCl
C. 合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醇
D. 合成顺丁橡胶的单体是CH2=CH﹣CH=CH2
【答案】C
【解析】
【详解】A.人造材料中，塑料、合成纤维和合成橡胶号称20世纪三大有机合成技术，则塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料，A正确；
B.聚氯乙烯由氯乙烯加聚反应生成，则其单体是CH2=CHCl，可制成薄膜、软管等，B正确；
C.合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醛，C错误；
D.合成顺丁橡胶的单体是CH2=CH﹣CH=CH2，D正确；
答案为C。
第II卷 （非选择题 共40分)
二、填空题（本题包括4小题，共40分）
31.有下列五组物质：A、 O2和O3 B 、Cl和Cl C 、CH4 与C7H16 D、CH3CH2CH2CH3 与 E、与
（1）______组两种物质互为同位素；
（2）______组两种物质互为同素异形体；
（3）______组两种物质互为同系物；
（4）______组两种物质互为同分异构体；
（5）______组两种物质实为同一物质。
【答案】(1). B (2). A (3). C (4). D (5). E
【解析】
【分析】（1）质子数相同中子数不同的原子互称同位素；
（2）同种元素形成的不同单质互为同素异形体；
（3）结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；
（4）分子式相同，结构不同的化合物互称为同分异构体；
（5）同种物质指组成和结构都相同的物质．
【详解】（1）35Cl和37Cl是氯元素的不同原子，互为同位素，故选B；
（2）O2和O3是氧元素组成的结构不同的单质，互为同素异形体，故选A；
（3）CH4与C7H16都属于烷烃，结构相似，相差6个CH2原子团，互为同系物，故选C；
（4）CH3CH2CH2CH3与分子式相同，结构不同，为碳链异构，互为同分异构体，故选D；
（5）与是空间四面体，结构相同，属于同一种物质，故选E．
32.现有A、B、C、D、E、F六种有机物，它们的转化关系如图所示（图中部分反应条件及生成物没有全部写出）。已知：液体B能发生银镜反应，气体D的相对分子质量为28。
（1）A、B、C的结构简式分是_____、_____、_____。
（2）B、C中所含官能团的名称分别是_____、_____。
（3）A到D的反应类型为_____。
（4）C→A的反应条件是_____。
（5）D→F反应的化学方程式是______________________________。
（6）在一定的条件下，A与E反应可生成一种具有香味的物质。该反应的化学方程式是______________________________。
【答案】(1). CH3CH2OH (2). CH3CHO (3). CH3CH2Br (4). 醛基 (5). 溴原子 (6). 消去反应 (7). NaOH的水溶液，加热 (8). (9). CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O
【解析】
【分析】A在浓硫酸、170℃条件下反应生成D，D的相对分子质量是28，则D的结构简式为CH2=CH2，所以A是乙醇，其结构简式为：CH3CH2OH，A发生氧化反应生成B，B能发生银镜反应，则B的结构简式为CH3CHO，B被氧化生成E，E能与碳酸氢钠溶液反应，说明E中含有羧基，则E的结构简式为CH3COOH，乙烯和HBr发生加成反应生成C，C的结构简式为CH3CH2Br，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯F，为常用塑料，其结构简式为，结合物质的结构和性质解答。
【详解】（1）通过以上分析知，A的结构简式为CH3CH2OH，B的结构简式为CH3CHO，C的结构简式为CH3CH2Br，故答案为：CH3CH2OH、CH3CHO、CH3CH2Br；
（2）B为乙醛，含有醛基，C为CH3CH2Br，含有的官能团为溴原子，故答案为：醛基；溴原子；
（3）乙醇在浓硫酸作用下发生消去反应生成乙烯，故答案为：消去反应；
（4）在加热条件下，CH3CH2Br和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成CH3CH2OH，故答案为：NaOH的水溶液，加热；
（5）在催化剂条件下，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，反应方程式为，故答案为：；
（6）乙醇和乙酸反应生成有香味的乙酸乙酯，方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；
故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O。
33.按要求填空：
（1）具有复合官能团的复杂有机物，其官能团具有各自的独立性，在不同条件下所具有的化学性质可分别从各官能团讨论。如具有三种官能团：______、__________和__________(填官能团的名称)，所以这个化合物可看作______类，______类和______类。
（2）羟基的电子式是___________________________。
（3）(CH3CH2)2C(CH3)2的名称为_________________________。
（4）2-甲基-1，3-丁二烯的键线式___________________________。
（5） 该有机物发生加聚反应后，所得产物的结构简为______。
（6）分子式为_______________________结构简式为______________________。
【答案】(1). 醛基 (2). 羟基 (3). 羧基 (4). 醛 (5). 酚 (6). 羧酸 (7). (8). 3，3-二甲基戊烷 (9). (10). (11). C5H8O2 (12).
【解析】
【详解】（1）有机物含有的官能团有羧基、酚羟基和醛基，所以这个化合物可看作酚类、羧酸类和醛类．
（2）氧最外层6个电子，其中1个电子与氢原子形成一个共用电子对，羟基的电子式是；
（3）(CH3CH2)2C(CH3)2主链5个碳，3号位有2个甲基，名称为3，3-二甲基戊烷；
（4）2-甲基-1，3-丁二烯的键线式；
（5） 该有机物中碳碳双键发生加聚反应后，所得产物结构简为；
（6）分子式为C5H8O2 结构简式为。
34.根据下面的反应路线及所给信息填空：
（1）A的结构简式是_____________，名称是___________________________。
（2）③ 的反应类型__________________。
（3）反应④的化学方程式_______________________________________________。
【答案】(1). (2). 环己烷 (3). 加成反应
(4).
【解析】
【分析】由反应路线可知，A为，反应①为取代反应，反应②为消去反应，反应③为碳碳双键与溴发生的加成反应，B为，④为消去反应
【详解】（1）由以上分析可知A的结构简式是，为环己烷；
（2）反应③为加成反应；
（3）反应④在氢氧化钠的乙醇溶液中发生消去反应，化学方程式：
说明：
1、本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，共34道题。
2、可能用到的相对原子质量：H－1 C—12 N—14 O－16 S－32 Na—23 Mg—24 Al—27 Cl—35.5 Zn—65 Fe—56 Cu--64 Ca-40 Ag-108
第I卷 选择题(共60分)
一、选择题（本题包括30小题，每题2分，共60分，每小题只有一个选项符合题意）
1.下列说法中正确的是（ ）
A. 阿伏加德罗常数就是指6.02×1023
B. 1 mol 任何物质都约含有6.02×1023个分子
C. 3.01×1023个Na＋的物质的量是0.5 mol
D. 2 mol SO42－约含有1.204×1023个SO42－
【答案】C
【解析】
【详解】A、阿伏加德罗常数指1mol任何物质所含的粒子数，约为6.02×1023，故A错误；
B、分子错误，应为粒子数，像NaCl就不存在分子，故B错误；
C. 3.01×1023个Na＋的物质的量是0.5 mol，故C正确；
D，2 mol SO42－约含有1.204×1024个SO42－，故D错误。
答案选C。
2.下列叙述正确的是( )
A. 1 mol CO2的质量为44 g/mol B. H2SO4的摩尔质量为98
C. 标准状况下，气体摩尔体积约为22.4 L D. O2的相对分子质量为32
【答案】D
【解析】
【详解】A、质量的单位为g，故1mol二氧化碳的质量为44g，故A错误；
B、摩尔质量的单位为g/mol，故硫酸的摩尔质量为98g/mol，故B错误；
C、气体摩尔体积的单位为L/mol，故标况下，气体摩尔体积为22.4L/mol，故C错误；
D、O的相对原子质量为16，故氧气的相对分子质量为32，故D正确；
答案选D。
3.用NA表示阿伏德罗常数，下列叙述正确的是（ ）
A. 标准状况下，22.4LH2O含有的分子数为NA
B. 常温常压下，1.06gNa2CO3含有的Na+离子数为0.02NA
C. 物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中，含有Cl—个数为2NA
D. 通常状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L
【答案】B
【解析】
【详解】A.标准状况下，水是液体，无法用气体摩尔体积求物质的量，A错误；
B.常温常压下，Na2CO3为离子晶体，1.06g即0.01mol，含有的Na+离子数为0.02NA，B正确；
C.物质的量浓度为1mol/L的MgCl2溶液中，未给定体积无法计算含有Cl—的个数，C错误；
D.标准状况下，NA个CO2分子占有的体积为22.4L，D错误；
答案为B；
4.下列各组中的离子，能在溶液中大量共存的是（ ）
A. K+、H+、SO42-、OH- B. Na+、Ca2+、CO32-、NO3-
C. Na+、H+、Cl-、CO32- D. Na+、Cu2+、Cl-、SO42-
【答案】D
【解析】
【详解】A. K+、H+、SO42-、OH-中，H+与OH-反应不能大量共存，A错误；
B. Na+、Ca2+、CO32-、NO3-中，Ca2+与CO32-反应不能大量共存，B错误；
C. Na+、H+、Cl-、CO32-中，H+与CO32-反应不能大量共存，C错误；
D. Na+、Cu2+、Cl-、SO42-中，不反应可以大量共存，D正确；
答案为D。
5.能正确表示下列化学反应的离子方程式是（ ）
A. 氢氧化钡溶液与稀硫酸的反应：OH-＋H+＝H2O
B. 澄清的石灰水与稀盐酸反应： Ca(OH)2+2H+=Ca2++2H2O
C. 铁丝插入硫酸铜溶液中： Fe + Cu2+= Cu + Fe2+
D. 碳酸钙溶于稀盐酸中： CO32-+ 2H+＝H2O + CO2↑
【答案】C
【解析】
【详解】A.氢氧化钡溶液与硫酸反应生成硫酸钡沉淀和水：Ba2++SO42-+2OH-+2H+=2BaSO4↓+2H2O，故A错误；
B.澄清的石灰水与稀盐酸反应中氢氧化钙可以拆开，即OH-+ H+= H2O，故B错误；
C.铁丝插入硫酸铜溶液中生成硫酸亚铁和铜： Fe + Cu2+=Cu + Fe2+，故C正确；
D.碳酸钙溶于稀盐酸中生成氯化钙、水和二氧化碳：CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑，故D错误；
故选C。
6.实验室制取少量N2常利用的反应是NaNO2＋NH4ClNaCl＋N2↑＋2H2O，关于该反应的说法正确的是（ ）
A. NaNO2是氧化剂 B. 生成1molN2时转移电子为6mol
C. NH4Cl中的N元素被还原 D. N2既是氧化剂又是还原剂
【答案】A
【解析】
【详解】A.NaNO2中N原子化合价为+3价，反应后变为0价，作氧化剂，A正确；
B.生成1molN2时氧化剂化合价由+3变为0，转移的电子为3mol，B错误；
C.NH4Cl中的N原子化合价升高，作还原剂被氧化，C错误；
D.N2既是氧化产物又是还原产物，D错误；
答案为A。
7.下列事实不能用元素周期律解释的有( )
A. 碱性：KOH > NaOH B. 相对原子质量：Ar > K
C. 酸性：HClO4 > H2SO4 D. 元素的金属性：Mg > Al
【答案】B
【解析】
【详解】A．同主族从上到下元素的金属性、最高价氧化物的水化物的碱性逐渐增强，故A正确；
B．元素周期表是按照原子序数从小到大的顺序编排的，不是按照相对原子质量的大小，故B错误；
C．同周期从左到右元素的最高价氧化物对应的水化物的酸性逐渐增强，故C正确；
D．同周期从左到右元素的金属性逐渐减弱， D正确。
答案选B。
8.今年是门捷列夫发现元素周期律150周年。下表是元素周期表的一部分，W、X、Y、Z为短周期主族元素，W与X的最高化合价之和为8。下列说法错误的是（ ）
A. 原子半径：W
C. 气态氢化物热稳定性：Z
【答案】D
【解析】
【分析】W、X、Y和Z为短周期主族元素，依据位置关系可以看出，W的族序数比X多2，因主族元素族序数在数值上等于该元素的最高价（除F与O以外），可设X的族序数为a，则W的族序数为a+2，W与X的最高化合价之和为8，则有a+(a+2)=8，解得a=3，故X位于第IIIA族，为Al元素；Y为Si元素，Z为P元素；W为N元素，据此分析作答。
【详解】根据上述分析可知W、X、Y和Z为N、Al、Si和P，则
A. 同一周期从左到右元素原子半径依次减小，同一主族从上到下元素原子半径依次增大，则原子半径比较：N＜Al，A项正确；
B. 常温常压下，Si为固体，B项正确；
C. 同一主族元素从上到下，元素非金属性依次减弱，气体氢化物的稳定性依次减弱，则气体氢化物的稳定性：PH3＜NH3，C项正确；
D. X的最高价氧化物的水化物为氢氧化铝，即可以和强酸反应，又可以与强碱反应，属于两性氢氧化物，D项错误；
答案选D。
9.已知：
2Fe(s)＋O2(g) ＝2FeO(s) △H＝－544kJ·mol－1
4Al(s)＋3O2(g) ＝2Al2O3(s) △H＝－3350kJ·mol－1
则2Al(s) +3FeO(s) ＝Al2O3(s) + 3Fe(s)的△H是（ ）
A. － 859 kJ·mol－1 B. ＋859 kJ·mol－1
C. －1403 kJ·mol－1 D. －2491 kJ·mol－1
【答案】A
【解析】
【详解】根据反应①2Fe(s)＋O2(g) ＝2FeO(s)和反应②4Al(s)＋3O2(g) ＝2Al2O3(s)可知，②×－①×得到2Al(s) +3FeO(s) ＝Al2O3(s)+ 3Fe(s)，所以反应热是（－3350kJ·mol－1）×＋544kJ·mol－1×＝－859 kJ·mol－1，
答案选A。
10.下列说法正确的是（ ）
A. 在101kPa时，1mol H2完全燃烧生成液态水，放出285.8kJ热量，H2的燃烧热为－285.8kJ·mol－1
B. 测定HCl和NaOH反应的中和热时，每次实验均应测量3个温度，即盐酸起始温度，NaOH起始温度和反应后终止温度
C. 在101k Pa时，1mol C与适量O2反应生成1mol CO时，放出110.5kJ热量，则C的燃烧热为110.5kJ·mol－1
D. 在稀溶液中，H＋(aq)＋OH－(aq)＝H2O(l)，H＝－57.3 kJ·mol－1。若将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合，放出的热量等于57.3kJ
【答案】B
【解析】
【详解】A．燃烧热是指在一定条件下，1mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量，A中没有指明温度，故A错误；
B．中和热测定时，必须测定起始温度和反应后温度，所以每次实验均应测量3个温度，即盐酸起始温度，NaOH起始温度和反应后终止温度，故B正确；
C．碳生成稳定氧化物为二氧化碳，不是一氧化碳，所以不能表示碳的燃烧热，故C错误；
D．因为浓硫酸稀释放热，所以将含0.5mol H2SO4的浓硫酸与含1mol NaOH的溶液混合，放出的热量大于57.3kJ，故D错误。
答案选B。
11.CH3CH2OH分子中的氢原子的环境有（ ）种
A. 1 B. 2 C. 3 D. 6
【答案】C
【解析】
【详解】CH3CH2OH分子中，其中-CH3中3个H原子等效，-CH2-中的2个H原子等效，故分子中含有3种不同的H原子，
答案选C。
12.某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的水和二氧化碳，则该有机物必须满足的条件是（ ）
A. 分子中的C、H、O的个数比为1：2：3 B. 中C、H个数比为1：2
C. 该有机物的相对分子质量为14 D. 该分子中肯定不含氧元素
【答案】B
【解析】
【分析】某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的水和二氧化碳，只能说明该有机物中含有C、H原子个数之比为1：2；题中条件无法确定该有机物是否含有氧元素，以此进行解答。
【详解】A．燃烧产物为二氧化碳和水，无法确定该有机物中是否含有氧元素，故A错误；
B．根据生成等物质的量的水和二氧化碳可知，该有机物分子中含有C、H的原子个数比为1：2，故B正确；
C．根据题意只能确定该有机物中碳原子和氢原子的个数比，不能判断出该有机物中是否含有氧元素，但可以确定该有机物的相对分子质量一定不是14，故C错误；
D．燃烧产物为二氧化碳和水，无法确定该有机物中否含有氧元素，故D错误；
故答案为B。
13.下列物质的类别与所含官能团都错误的是（ ）
A. 羧酸 —OH B. 醇类—COOH
C. 醛类 —CHO D. 醚类 CH3-O-CH3
【答案】C
【解析】
【详解】A． 含有的官能团为羧基(-COOH)，不是醇羟基，属羧酸，故A不符合题意；
B．的羟基连在链烃基上的有机物属于醇类，所含有的官能团不是—COOH，故B不符合题意；
C．含有酯基，属酯类有机物，含有的官能团是-CHO和-COO-，有机物的类别和官能团的判断都是错误的，故C符合题意；
D．CH3-O-CH3属于醚类，含有，类别与官能团均正确，故D不符合题意；
故答案为C。
14.下列有机物命名正确的是（ ）
A. 2－乙基丙烷 B. CH3CH2CH2CH2OH 1－丁醇
C. CH3－－CH3 间二甲苯 D. 2－甲基－2－丙烯
【答案】B
【解析】
【详解】A.最长的碳链上碳原子数为4，名称为2－甲基丁烷，A错误；
B.CH3CH2CH2CH2OH共有4个碳原子，且羟基在第一个碳原子上，名称为1－丁醇，B正确；
C.CH3－－CH3苯环上的2个甲基在对位，名称为对二甲苯，C错误；
D.碳碳双键在第一个碳原子上，则名称为2－甲基－1－丙烯，D错误；
答案为B；
15.以下实验能获得成功是（ ）
A. 用稀硫酸与乙醇混合液共热控制在170℃制乙烯气体
B. 将铁屑、溴水、苯混合制溴苯
C. 在苯酚溶液中滴入少量稀溴水出现白色沉淀
D. 将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色
【答案】D
【解析】
【详解】A.稀硫酸不具有脱水性、吸水性，则用稀硫酸与乙醇混合液共热无法制取乙烯气体，A错误；
B.将铁屑、液溴、苯混合制溴苯，用溴水发生萃取，无法制取溴苯，B错误；
C.在苯酚溶液中滴入浓溴水出现白色沉淀，与稀溴水不反应，C错误；
D.将铜丝在酒精灯上加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色，D正确；
答案为D。
16.由2－氯丙烷为主要原料制取1,2－丙二醇〔CH3CH(OH)CH2OH〕时，经过的反应类型为（ ）
A. 加成－消去－取代 B. 消去－加成－取代
C. 取代－消去－加成 D. 取代－加成－消去
【答案】B
【解析】
【详解】2-氯丙烷为主要原料制取1，2-丙二醇CH3CH（OH）CH2OH，①先发生氯代烃的消去反应生成C=C，②再发生丙烯的加成反应引入两个卤素原子，③最后发生卤代烃的水解反应（属于取代反应）生成CH3CH（OH）CH2OH，
答案选B。
17.下列各组物质中能用分液漏斗分离的是（ ）
A. 乙醇和乙醛 B. 甲苯和苯酚
C. 乙酸乙酯和醋酸 D. 硝基苯和水
【答案】D
【解析】
【详解】能用分液漏斗分离的应该是互不相溶的液体混合物。
A．乙醇和乙醛互溶，不符合题意，错误；
B．苯酚易溶于甲苯，不符合题意，错误；
C．醋酸可以溶解在乙酸乙酯中，错误；
D．硝基苯难溶于水，密度比水大，因此是互不相溶的两种液体混合物，可以使用分液漏斗分离，正确。
答案选D。
18.与CH2＝CH2→CH2Br—CH2Br的变化属于同一反应类型的是（ ）
A. CH3CHO→C2H5OH B. C2H5Cl→CH2=CH2
C. D. CH3COOH→CH3COOC2H5
【答案】A
【解析】
【详解】CH2＝CH2→CH2Br—CH2Br是乙烯与溴的加成反应。
A选项为乙醛与氢气的加成反应，反应类型相同；
B选项为氯乙烷消去反应生成乙烯，反应类型不同；
C选项为苯与硝酸的硝化反应，也属于取代反应，反应类型不同；
D选项为乙酸与乙醇的酯化反应，也属于取代反应，反应类型不同。
答案选A。
19.菲的结构简式如图所示，若菲分子中有1个H原子被Cl原子取代，则所得一氯取代产物有（ ）
A. 4种 B. 10种 C. 5种 D. 14种
【答案】C
【解析】
【详解】根据菲的结构简式可知，菲为对称结构，其一氯代物的产物如图所示，同分异构体共计5种，答案为C；
20.下列物质中，在不同条件下可以发生氧化、消去、酯化反应的为（ ）
A. 乙醇 B. 乙醛 C. 苯酚 D. 乙酸
【答案】A
【解析】
【详解】A、乙醇能发生氧化，消去和酯化反应，故正确；
B、乙醛能发生氧化反应，不能发生消去反应或酯化反应，故错误；
C、苯酚能发生氧化反应，不能发生消去或酯化反应，故错误；
D、乙酸能发生酯化反应，不能发生氧化或消去反应，故错误。
答案选A。
21.丙烯醇（CH2=CH—CH2OH）可发生的化学反应有（ ）
①加成 ②氧化 ③酯化 ④加聚 ⑤取代
A. 只有①②③ B. 只有①②③④ C. ①②③④⑤ D. 只有①③④
【答案】C
【解析】
【详解】CH2═CH-CH2OH中含有C=C和-OH官能团，其中C=C可发生加成、氧化、加聚反应，-OH可发生氧化、酯化、取代反应，
答案选C。
22.分子式为C4H10O并能与金属钠反应放出氢气的有机化合物有（ ）
A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 8种
【答案】C
【解析】
【详解】有机物能与金属钠反应生成氢气，则该有机物含有羟基，则C4H9-的同分异构体由2种，正丁基上羟基可能的位置有2种；异丁基上羟基可能的位置有2种，合计4种，
答案为C。
23.下列卤代烃，在一定条件下，能发生消去反应且消去产物为一种的是（ ）
A. CH3Cl B. CH3—CHBr—CH3
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】发生消去反应要求卤原子所在C原子相邻的C原子上必须含有H原子，故A和D错误；答案在B、C中选择，根据提示，消去反应后产物只有一种，即要求该有机物应该以含有卤原子的C原子为中心对称，故C错误。
答案选B。
24.实验室用溴和苯反应制取溴苯，得到粗溴苯后，要用如下操作精制：
①蒸馏；②水洗；③用干燥剂干燥；④10% NaOH溶液洗；⑤水洗
正确的操作顺序是（ ）
A. ①②③④⑤ B. ②④⑤③①
C. ④②③①⑤ D. ②④①⑤③
【答案】B
【解析】
【详解】粗溴苯中含有苯、溴苯、溴化铁和溴，提纯时，为减少NaOH的用量，可先用水洗，可除去溴化铁和少量溴，然后加入10%的NaOH溶液洗涤，可除去溴，再用水洗除去碱液，经干燥后进行蒸馏可得溴苯，所以正确的操作顺序为：②④⑤③①，故合理选项是B。
25.糖类、脂肪和蛋白质是维持人体生命活动所必需的三大营养物质．以下叙述正确的是（ ）
A. 植物油不能使溴的四氯化碳溶液褪色
B. 淀粉水解的最终产物是葡萄糖
C. 葡萄糖能发生氧化反应和水解反应
D. 蛋白质溶液遇硫酸铜后产生的沉淀能重新溶于水
【答案】B
【解析】
【详解】A．植物油为不饱和高级脂肪酸甘油酯，含有不饱和键，能够与溴水发生加成反应而使其褪色，故A错误；
B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖，故B正确；
C．葡萄糖为单糖，不能水解，故C错误；
D．蛋白质遇到硫酸铜发生变性，该过程为不可逆过程，所以产生沉淀后不能重新溶于水，故D错误。
答案选B。
26.下列说法正确的是（ ）
A. 室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷
B. 用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3
C. 用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3
D. 油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．含-OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷，A正确；
B．HCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，B错误；
C．CH3COOH与碳酸钠溶液反应产生气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，C错误；
D．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，D错误。
答案选A。
27.实验室制备下列物质时，不用加入浓H2SO4的是（ ）
A. 由苯制取硝基苯 B. 用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯
C. 由溴乙烷制乙烯 D. 由乙醇制乙烯
【答案】C
【解析】
【详解】A、由苯制取硝基苯，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故A错误；
B、用乙酸和乙醇制备乙酸乙酯，浓硫酸作催化剂、吸水剂，故B错误；
C、溴乙烷在NaOH水溶液的条件下发生水解反应得到乙烯，不需要加入浓硫酸，故C正确；
D、由乙醇制乙烯，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故D错误。
故选C。
28.下列说法中，正确的是（ ）
A. 两种物质的组成元素相同，各元素的质量分数也相同，则两者一定互为同分异构体
B. 分子式为CnH2n的化合物，可能使酸性KMnO4溶液褪色，也可能不使其褪色
C. 通式相同，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，一定互为同系物
D. 凡含有苯环的物质都是芳香烃
【答案】B
【解析】
【详解】A.两种物质的组成元素相同，各元素的质量分数也相同，则两者的最简式一定是相同的，但不一定是互为同分异构体，A不正确；
B、分子式为CnH2n的化合物，可能是烯烃，也可能是环烷烃，因此可能使酸性KMnO4溶液褪色，也可能不使其褪色，B正确；
C、只有结构相似，分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，一定互为同系物，而通式相同的不一定是，例如烯烃和环烷烃之间不可能互为同系物的关系，C不正确；
D、含有苯环的碳氢化合物是芳香烃，D不正确.
答案选B。
29.以乙醇为原料，用下述6种类型的反应：①氧化，②消去，③加成，④酯化，⑤水解，⑥加聚，来合成乙二酸乙二酯()的正确顺序是( )
A. ①⑤②③④ B. ①②③④⑤ C. ②③⑤①④ D. ②③⑤①⑥
【答案】C
【解析】
【详解】CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O 消去反应
CH2=CH2+Br2→CH2Br-CH2Br 加成反应
CH2Br-CH2Br+2NaOHHO-CH2-CH2-OH+2NaBr 水解反应（取代反应）
HO-CH2-CH2-OH+O2OHC-CHO+2H2O 氧化反应（催化氧化）
OHC-CHO+O2HOOC-COOH 氧化反应
HO-CH2-CH2-OH+HOOC-COOH +2H2O 酯化反应（取代反应），所以由乙醇制取乙二酸乙二酯时需要经过的反应的顺序为②③⑤①④ ，故本题的答案选择C。
30.下列关于合成材料的说法中，不正确的是（ ）
A. 塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料
B. 聚氯乙烯可制成薄膜、软管等，其单体是CH2=CHCl
C. 合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醇
D. 合成顺丁橡胶的单体是CH2=CH﹣CH=CH2
【答案】C
【解析】
【详解】A.人造材料中，塑料、合成纤维和合成橡胶号称20世纪三大有机合成技术，则塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料，A正确；
B.聚氯乙烯由氯乙烯加聚反应生成，则其单体是CH2=CHCl，可制成薄膜、软管等，B正确；
C.合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醛，C错误；
D.合成顺丁橡胶的单体是CH2=CH﹣CH=CH2，D正确；
答案为C。
第II卷 （非选择题 共40分)
二、填空题（本题包括4小题，共40分）
31.有下列五组物质：A、 O2和O3 B 、Cl和Cl C 、CH4 与C7H16 D、CH3CH2CH2CH3 与 E、与
（1）______组两种物质互为同位素；
（2）______组两种物质互为同素异形体；
（3）______组两种物质互为同系物；
（4）______组两种物质互为同分异构体；
（5）______组两种物质实为同一物质。
【答案】(1). B (2). A (3). C (4). D (5). E
【解析】
【分析】（1）质子数相同中子数不同的原子互称同位素；
（2）同种元素形成的不同单质互为同素异形体；
（3）结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；
（4）分子式相同，结构不同的化合物互称为同分异构体；
（5）同种物质指组成和结构都相同的物质．
【详解】（1）35Cl和37Cl是氯元素的不同原子，互为同位素，故选B；
（2）O2和O3是氧元素组成的结构不同的单质，互为同素异形体，故选A；
（3）CH4与C7H16都属于烷烃，结构相似，相差6个CH2原子团，互为同系物，故选C；
（4）CH3CH2CH2CH3与分子式相同，结构不同，为碳链异构，互为同分异构体，故选D；
（5）与是空间四面体，结构相同，属于同一种物质，故选E．
32.现有A、B、C、D、E、F六种有机物，它们的转化关系如图所示（图中部分反应条件及生成物没有全部写出）。已知：液体B能发生银镜反应，气体D的相对分子质量为28。
（1）A、B、C的结构简式分是_____、_____、_____。
（2）B、C中所含官能团的名称分别是_____、_____。
（3）A到D的反应类型为_____。
（4）C→A的反应条件是_____。
（5）D→F反应的化学方程式是______________________________。
（6）在一定的条件下，A与E反应可生成一种具有香味的物质。该反应的化学方程式是______________________________。
【答案】(1). CH3CH2OH (2). CH3CHO (3). CH3CH2Br (4). 醛基 (5). 溴原子 (6). 消去反应 (7). NaOH的水溶液，加热 (8). (9). CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O
【解析】
【分析】A在浓硫酸、170℃条件下反应生成D，D的相对分子质量是28，则D的结构简式为CH2=CH2，所以A是乙醇，其结构简式为：CH3CH2OH，A发生氧化反应生成B，B能发生银镜反应，则B的结构简式为CH3CHO，B被氧化生成E，E能与碳酸氢钠溶液反应，说明E中含有羧基，则E的结构简式为CH3COOH，乙烯和HBr发生加成反应生成C，C的结构简式为CH3CH2Br，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯F，为常用塑料，其结构简式为，结合物质的结构和性质解答。
【详解】（1）通过以上分析知，A的结构简式为CH3CH2OH，B的结构简式为CH3CHO，C的结构简式为CH3CH2Br，故答案为：CH3CH2OH、CH3CHO、CH3CH2Br；
（2）B为乙醛，含有醛基，C为CH3CH2Br，含有的官能团为溴原子，故答案为：醛基；溴原子；
（3）乙醇在浓硫酸作用下发生消去反应生成乙烯，故答案为：消去反应；
（4）在加热条件下，CH3CH2Br和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成CH3CH2OH，故答案为：NaOH的水溶液，加热；
（5）在催化剂条件下，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，反应方程式为，故答案为：；
（6）乙醇和乙酸反应生成有香味的乙酸乙酯，方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；
故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O。
33.按要求填空：
（1）具有复合官能团的复杂有机物，其官能团具有各自的独立性，在不同条件下所具有的化学性质可分别从各官能团讨论。如具有三种官能团：______、__________和__________(填官能团的名称)，所以这个化合物可看作______类，______类和______类。
（2）羟基的电子式是___________________________。
（3）(CH3CH2)2C(CH3)2的名称为_________________________。
（4）2-甲基-1，3-丁二烯的键线式___________________________。
（5） 该有机物发生加聚反应后，所得产物的结构简为______。
（6）分子式为_______________________结构简式为______________________。
【答案】(1). 醛基 (2). 羟基 (3). 羧基 (4). 醛 (5). 酚 (6). 羧酸 (7). (8). 3，3-二甲基戊烷 (9). (10). (11). C5H8O2 (12).
【解析】
【详解】（1）有机物含有的官能团有羧基、酚羟基和醛基，所以这个化合物可看作酚类、羧酸类和醛类．
（2）氧最外层6个电子，其中1个电子与氢原子形成一个共用电子对，羟基的电子式是；
（3）(CH3CH2)2C(CH3)2主链5个碳，3号位有2个甲基，名称为3，3-二甲基戊烷；
（4）2-甲基-1，3-丁二烯的键线式；
（5） 该有机物中碳碳双键发生加聚反应后，所得产物结构简为；
（6）分子式为C5H8O2 结构简式为。
34.根据下面的反应路线及所给信息填空：
（1）A的结构简式是_____________，名称是___________________________。
（2）③ 的反应类型__________________。
（3）反应④的化学方程式_______________________________________________。
【答案】(1). (2). 环己烷 (3). 加成反应
(4).
【解析】
【分析】由反应路线可知，A为，反应①为取代反应，反应②为消去反应，反应③为碳碳双键与溴发生的加成反应，B为，④为消去反应
【详解】（1）由以上分析可知A的结构简式是，为环己烷；
（2）反应③为加成反应；
（3）反应④在氢氧化钠的乙醇溶液中发生消去反应，化学方程式：
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