初中物理15.3 怎样使用电器正常工作习题

这是一份初中物理15.3 怎样使用电器正常工作习题，共10页。试卷主要包含了下面最接近空调器的额定功率的是等内容，欢迎下载使用。

一．夯实基础


1．下面几个灯泡，都在其额定电压下工作，其中亮度最大的是( )


A．“220V 25W”B．“110V 40W”C．“36V 60W”D．“24V 100W”


【答案】D


【解析】灯泡的亮度由它的实际功率确定，灯泡的实际功率越大，灯的亮度也就越大；本题中的四只灯泡都在其额定电压下工作，那么四只灯泡的实际功率分别与它的额定功率相等；而“24V 100W”的灯的额定功率最大，所以此时它的实际功率最大，亮度也就最大，故ABC不符合题意，D符合题意。


故选D。


2．如图所示，电源电压U=18V，小灯泡L的额定电压为9V，当滑动变阻器的滑片P移至中点时，小灯泡L正常发光；当滑片移至最右端时，小灯泡的实际功率为6W，则小灯泡的额定功率和滑动变阻器的最大阻值分别为( )





A．13.5W 6ΩB．6W 12ΩC．6W 27ΩD．13.5W 12Ω


【答案】D


【解析】(1)P在中点时(连入电阻为R)，灯泡正常发光，说明此时灯泡两端的电压为9V，变阻器两端的电压为9V，即变阻器的最大阻值R为灯泡电阻RL的两倍


RL=R′=R


(2)当P移动到最右端时(电阻全连入为R)





即





解得：R=12Ω


RL=R′==6Ω．





故ABC不符合题意，D符合题意。


故选D。


3．某同学有一个灯泡，将它与8Ω的电阻串联，当将它们接在24V的电源上时，灯泡恰好能正常发光，该同学测得通过电阻的电流为1.5A．下面的说法中正确的是( )


A．这个灯泡的额定电功率为36 W，额定电压为24 V


B．这个灯泡的额定电功率为18 W，额定电压为12 V


C．这个灯泡的额定电功率为20 W，额定电压为12 V


D．这个灯泡的额定电功率为12 W，额定电压为12 V


【答案】B


【解析】电阻两端的电压


=1.5A×8Ω=12V


灯泡两端的电压


U灯=U﹣UR=24V﹣12V=12V


这个灯泡的额定电功率


=12V×1.5A=18W


故ACD错误，B正确。


故选B。


4．下面最接近空调器的额定功率的是( )


A．1500WB．200WC．50WD．10W


【答案】A


【解析】在我们日常生活中，空调器的额定功率一般为1500W以上，故BCD不符合题意，A符合题意。


故选A。


5．甲、乙两个白炽灯泡，分别标有“220V 40W”和“24V 40W”字样，当它们在各自的电路中正常发光时( )


A．甲灯较亮B．乙灯较亮


C．两灯一样亮D．无法比较两灯的亮暗程度


【答案】C


【解析】由铭牌可知，两灯的额定功率相同；当它们在各自的电路中正常发光时，其实际功率等于额定功率，由于额定功率相同，则两灯一样亮，故ABD不符合题意，C符合题意。


故选C。


6．将“PZ220﹣60”的灯泡接入电路中正常发光时，它消耗的电功率( )


A一定大于60瓦B．一定等于60瓦


C．一定小于60瓦D．三种情况都有可能


【答案】B


【解析】“PZ220﹣60”：“220”的含义指灯泡的额定电压是220V，“60”的含义是指灯泡的额定功率为60W．


因为灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，所以灯泡正常发光时，灯泡的电功率为60W，故ACD不符合题意，B符合题意。


故选B。


7．通过灯泡L1与L2的电流随其电压变化的关系曲线如图所示，当灯L1、L2并联接在6V的电源上时，电阻更大的灯泡是 ；当灯L1、L2串联接在另一电路中，测得灯L1两端电压为2V，则灯L2的实际功率为 W。





【答案】L2；3


【解析】读图可知，两灯两端的电压分别为6V时，此时L2所对应的电流为0.5A；L1所对应的电流为1.0A；


则由欧姆定律公式变形R=可知，电阻更大的灯泡是L2；由可得


==6Ω


==12Ω


当灯L1、L2串联，根据图象，当灯L1两端电压为2V时，L2为6V，则灯L2的实际功率


=3W


8．某用电器铭牌上标有“220V，100W”的字样，用电器的额定功率是 W，正常工作时的电阻为 Ω；当该用电器两端电压为110V时，实际功率是 W．


【答案】100；484；25


【解析】由铭牌“220V 100W”知用电器的额定电压U=220V，额定功率P=100W；由可得，灯泡的电阻


==484Ω


接到110V的电路上，灯泡的实际功率为


==25W


9．如图，白炽灯是日常生活中最重要的光源，小明对图甲的白炽灯和灯口进行了仔细观察后，结合所学的有关知识，明白了许多道理：





(1)在家庭电路它与其它用电器之间是 联；


(2)白炽灯用久了会发暗，其原因之一是钨丝先升华后 (填物态变化名称)在灯


泡内壁上，影响了玻璃的透光性；原因之二是灯丝变细，电阻变大，在电压不变时，实际功率 (选填“变大”或“变小”或“不变”)．


(3)小明曾经看到妈妈在使用电磁炉时导线“冒烟”，差点酿成火灾，图乙是当时的场景，小明分析产生的原因：导线“冒烟”是由于 ，使导线产生的热量过多，以致绝缘皮烧坏；此电路上还存在着一个安全隐患是： ．


【答案】(1)并；(2)凝华；变小；(3)用电器的总功率过大；用电器的外壳没接地，易造成触电


【解析】(1)家庭电路中灯泡与其它用电器都可以单独工作，因此为并联连接；


(2)白炽灯用久了会发暗，其原因之一是钨丝先升华后凝华在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；原因之二是灯丝变细，电阻变大，在电压不变时，由可知灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗；


(3)根据图示可知，同一插座上用电器的总功率过大，根据可知，家庭电流中电压为220V，当总功率过大时，干路电流会过大．根据焦耳定律，当电流过大时，使导线产生的热量过多，以致绝缘皮烧坏；


根据图示可知，洗衣机、电冰箱、电饭锅都是金属外壳用电器，必须使用电器的外壳接地，否则易造成触电，而图中插座使用了两孔插头，没有接地。


10．


(1)图甲中电阻箱显示的电阻值是 Ω．


(2)如图乙是实验室中常见的一种仪表的示意图，请你写出从图中得到的2条信息：


① ；② ．


②刻度盘上有两排刻度，表明电压表的量程有两个：有0～3V和0～15V；分度值分别是0.1V和0.5V；


(3)小华同学做“用滑动变阻器改变电流”实验(电源电压为3V，如图丙)，他发现所用的滑动变阻器铭牌上标有“20Ω 2A”字样，则“20Ω”指的是 ，“2A”指的是 ．闭合开关S，他将滑动变阻滑片由最右端向左移动到图示位置过程中，小灯泡的亮度 (填“变暗”“变亮”或“不变”)．突然，他发现小灯泡不发光了，仔细一看是小灯泡灯丝烧断了(其它连接完好，开关S仍闭合)，此时用电压表测得a、b两接线柱间电压值应是 V(填“0”或“3”)．


【答案】(1)9132；(2)①该仪表为电压表；②刻度盘上有两排刻度，表明电压表的量程有两个：有0～3V和0～15V；分度值分别是0.1V和0.5V；(3)最大阻值为20Ω；允许通过的最大电流为2A；变亮；3


【解析】(1)由图示电阻箱可知，电阻箱的阻值是


R=9×1000Ω+1×100Ω+3×10Ω+2×1Ω=9132Ω


(2)因为仪表上表示有电流的单位V，所以该仪表为电压表；刻度盘上有两排刻度，表明电压表的量程有两个：有0～3V和0～15V；分度值分别是0.1V和0.5V；因为接入电路的接线柱为“﹣”、“15”，所以电压表所选量程为0～15V，分度值为0.5V，电压表的示数是13V；


(3)滑动变阻器铭牌上标有“20Ω 2A”字样，则“20Ω”指的是最大阻值为20Ω，“2A”指的是允许通过的最大电流为2A；


因为是串联电路，当滑动变阻器的滑片向左移动过程中，滑动变阻器接入的阻值变小，在电源电压不变时，电路中的电流变大，则由P=UI可知小灯泡的实际功率变大，所以灯的亮度变亮；


若小灯泡灯丝烧断了(其它连接完好，开关S仍闭合)，此时用电压表测得a、b两接线柱的电压，则由于电压表串联在电路中了，所以电压表的示数接近电源电压应为3V。


二．提升训练


1．两额定功率都是20W的白炽灯和LED灯，都正常工作时，下列说法正确的是( )


A．LED灯的实际功率大B．白炽灯的实际功率大


C．相同时间内白炽灯更耗电D．相同时间内它们耗电相同


【答案】D


【解析】AB．两灯泡的额定功率都相同，所以两盏灯分别在额定电压下工作时，它们的亮度相同，因此实际功率一样大，故AB错误；


CD．功率相同、正常工作时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同；故C错误，D正确。


故选D。


2．如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“6V 6W”的灯泡L2并联后，接在6V的电源上(设灯丝电阻不变)，则( )





A．两灯的实际功率之和等于12W


B．两灯的实际功率之和大于12W


C．灯泡L1比灯泡L2亮


D．灯泡L2比灯泡L1亮


【答案】 D


【解析】AB．因为L1和L2并联，则两灯的实际电压为


U1=U2=U=6V


又此时U1＜U1额，而灯丝电阻不变，由公式可知，P1＜P1额，因此P1＜6W，U2=U2额，由公式可知，P2=P2额，因此P2=6W


P=P1+P2＜12W


故AB不符合题意；


CD．根据可得，因为U1额＞U2额在额定功率相等时，可知R1＞R2，因此在实际电压相等时，L1的实际电功率小于L2的实际功率，故L2较亮，


故C不符合题意，D符合题意。


故选D。


3．把标有“6V 6W”的小灯泡L1和标有“6V 3W”的小灯泡L2串联后接在电源电压为6v的电路中(不考虑灯丝电阻的变化)，下列说法正确的是( )


A. 因为通过它们的电流相等，所以一样亮


B. 因为灯L2电阻较大，实际功率较大，所以灯L2较亮


C. 因为灯L1额定功率较大，所以灯L1较亮


D. 因为灯L1实际功率较大，所以灯L1较亮


【答案】B


【解析】根据可知：由题两灯额定电压相同，P1＞P2，所以R1＜R2，串联电路中电流处处相等，根据P=I2R，可知P1实＜P2实，因为灯泡的亮度取决于实际功率的大小，因为L2实际功率较大，所以L2较亮，故ACD错误，B正确。


故选B。


4．将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在如图所示的电路中，闭合开关S后，发现灯L1较亮，灯L2较暗。下列说法正确的是( )





A．通过灯泡L1的电流大于灯泡L2的电流


B．灯泡L2的额定功率小于灯泡L1的额定功率


C．灯泡L2发生了短路


D．灯泡L2的阻值小于灯泡L1的阻值


【答案】D


【解析】A．串联电路处处电流相等，一次能源通过灯泡L1、L2的电流相等，故A错误；


B．灯泡的明暗由实际功率决定，与额定功率无关，故B错误．


C．若灯泡L2发生了短路，灯L1较亮，灯L2不亮，故C错误；


D．灯L1较亮，灯L2较暗，说明灯L1的实际功率大于灯L2的实际功率，由P=I2R可知，电阻越大，实际功率越大，说明灯L1的电阻大于灯L2的电阻，故D正确。


故选D。


5．小林做作业时，电灯突然变暗，其原因可能是( )


A．电灯的实际电压变大B．电灯的额定电压变小


C．电灯的实际功率变小D．电灯的额定功率变小


【答案】C


【解析】A．根据，若电灯实际电压变大，实际功率也会变大，灯会变亮，故A不符合题意；


BD．用电器的额定电压是指其正常工作时的电压，额定功率是在额定电压下工作时的功率．用电器的额定电压和额定功率只有一个，不会改变，故BD不符合题意；


C．灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，若实际功率变小；会导致电灯将会变暗，故C符合题意。


故选C。


6．某新型手电筒，由蓄电池，开关和三粒相同的LED灯珠连接而成，工作时每粒灯珠都正常发光且电压都为U，关于手电筒的各部分原件下列说法正确的是( )


A．给蓄电池充电时是将电能转化为化学能


B．LED灯珠是有超导材料制成


C．三粒LED灯珠一定是并联的


D．凸透镜对LED灯珠发出的光起到发散作用


【答案】A


【解析】 A．给蓄电池充电时是将电能转化为化学能，故A正确；


B．LED灯珠是用半导体材料制成的，故B错误；


C．三粒LED灯珠不一定是串联的，也可能是并联，故C错误；


D．凸透镜对LED灯珠发出的光起到会聚作用，故D错误。


故选A。


7.两只水果点亮了一只发光二极管(如图)，金属片A是水果电池的 (填“正极”或“负极”)，两水果之间 (填“串联”或“并联”)，现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，此时水果电池的正负极之间 (填“有”或“没有”)电压．





【答案】负极；串联；有


【解析】图中二极管发光，说明二极管的连接是正确的，因此水果电池组的A极是负极；图中电流只有一条路径，因此两水果之间串联的；


现将二极管正负极接线对调，二极管不发光，是因为它的正负极接反了，说明二极管具有单向导电性；


此时水果电池的正负极之间仍然有电压。


8．白炽灯用久了会发暗，其原因之一是钨丝先升华后又 在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；原因之二是灯丝变细，电阻变 ，在电压不变时，实际功率变 。


【答案】凝华；大；小


【解析】白炽灯使用时，灯泡内温度升高，少部分钨丝会升华由固体变为气态，当熄灯时，灯泡内温度下降，升华后的气态的钨会放出热量凝华为固态的钨附着在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；又因钨丝升华变细，横截面积变小，导致灯丝电阻变大，根据公式可知，电阻越大，实际功率越小。


9．靠近发电厂的居民小区，用户电压经常偏高，最高时比正常高22V。


(1)某户居民家庭将“220V 100W”的灯泡接入这样的电路里，灯泡的实际功率最大可达多少？


(2)在电压最高时，要使“220V 100W”的灯泡正常发光，需要串联一个多大的电阻？这时电阻消耗的电功率多大？


【答案】(1)212W；(2)需要串联一个48.4Ω的电阻，这时电阻消耗的电功率为10W


【解析】(1)灯丝电阻为


==484Ω


==211W


(2)灯泡正常工作的电流


==A


==48.4Ω


=22V×A=10W


答：(1)灯泡的实际功率最大可达212W；


(2)需要串联一个48.4Ω的电阻，这时电阻消耗的电功率为10W。


10．某款能瞬间加热饮水的直饮机，可提供冷、温、热三种水，适用于学校、车站等公共场所．直饮机有5道过滤装置除去水中杂质，可直接饮用的冷水，热水随用随开，它的铭牌如下表所示：


(1)若将直饮机接入220V的电路中，加热器的实际功率是多少？(忽略温度对电阻的影响)


(2)直饮机在额定电压下工作时，若热水的流量是5L/min，不及热量流失，流过加热器的水温会升高多少？[c水=4.2×103J/(kg•℃)，ρ水=1.0×103kg/m3]


(3)若想提高直饮机的加热速度，把加热器的功率提高到14kW，在原电路基础上，应怎样改装电路？通过计算说明。


【答案】(1)若将直饮机接入220V的电路中，加热器的实际功率是4022W；(2)不及热量流失，流过加热器的水温会升高34.3℃；(3)在原电路基础上，应并联一个72.2Ω的电阻


【解析】(1)直饮机的额定电压U1=380V；额定功率


P1=12kW=12000W


则由功率公式可得：直饮机的电阻





则当电压为220V时，直饮机的实际功率


P=≈4022W


(2)直饮机产生的热量为


W=Pt=1.2×104×60s=7.2×105J


由ρ=可得


m=ρV=1.0×103kg/m3×5×10﹣3kg=5kg


W=Q=cm△t，可得


△t=≈34.3℃


(3)把加热器的功率提高到14kW，应并联一个电阻


R并==72.2Ω


答：(1)若将直饮机接入220V的电路中，加热器的实际功率是4022W；


(2)不及热量流失，流过加热器的水温会升高34.3℃；


(3)在原电路基础上，应并联一个72.2Ω的电阻。额定电压380V
加热器额定功率12kW
净重100kg
热水流量4.2﹣﹣5L/min
最大容积100L
开水温度97﹣﹣98℃