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    人教版中考数学第一轮考点过关:第3单元函数及其图象第15课时二次函数的应用课时训练(含答案)试卷

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    人教版中考数学第一轮考点过关:第3单元函数及其图象第15课时二次函数的应用课时训练

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    这是一份人教版中考数学第一轮考点过关:第3单元函数及其图象第15课时二次函数的应用课时训练,共4页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。


    1.某种品牌的服装进价为每件150元,当售价为每件210元时,每天可卖出20件.现需降价处理,且经市场调查:每件服装每降价2元,每天可多卖出1件.在确保盈利的前提下,若设每件服装降价x元,每天售出服装的利润为y元,则y关于x的函数表达式为( )
    A.y=-eq \f(1,2)x2+10x+1200(0<x<60) B.y=-eq \f(1,2)x2-10x+1250(0<x<60)
    C.y=-eq \f(1,2)x2+10x+1250(0<x<60) D.y=-eq \f(1,2)x2+10x+1250(x≤60)
    2.足球运动员将足球沿与地面成一定角度的方向踢出,足球飞行的路线是一条抛物线,不考虑空气阻力,足球距离地面的高度h(单位:m)与足球被踢出后经过的时间t(单位:s)之间的关系如下表:
    下列结论:①足球距离地面的最大高度为20 m;②足球飞行路线的对称轴是直线t=eq \f(9,2);③足球被踢出9 s时落地;④足球被踢出1.5 s时,距离地面的高度是11 m.其中正确结论的个数是( )
    A.1 B.2 C.3 D.4
    二、填空题
    3.飞机着陆后滑行的距离s(单位:米)关于滑行的时间t(单位:秒)的函数解析式是s=60t-eq \f(3,2)t2,则飞机着陆后滑行的最长时间为________秒.
    4.某商场购进一批单价为20元的日用商品,如果以单价30元销售,那么半月内可销售出400件,根据销售经验,提高销售单价会导致销售量的减少,即销售单价每提高1元,销售量相应减少20件,当销售单价是________元时,才能在半月内获得最大利润.
    5.某大学生利用业余时间销售一种进价为60元/件的文化衫,前期了解并整理了销售这种文化衫的相关信息如下:
    (1)月销量y(件)与售价x(元)的关系满足y=-2x+400;
    (2)工商部门限制销售价x满足70≤x≤150.给出下列结论(计算月利润时不考虑其他成本):
    ①这种文化衫的月销量最小为100件;
    ②这种文化衫的月销量最大为260件;
    ③销售这种文化衫的月利润最小为2600元;
    ④销售这种文化衫的月利润最大为9000元.
    其中正确的是________.(把所有正确结论的序号都填上)
    三、解答题
    6.某广告公司设计一幅周长为16米的矩形广告牌,广告设计费为每平方米2000元,设矩形一边长为x米,面积为S平方米.
    (1)求S与x之间的函数关系式,并写出自变量x的取值范围;
    (2)设计费能达到24000元吗?为什么?
    (3)当x是多少米时,设计费最多?最多是多少元?
    7.如图K16-1,需在一面墙上绘制几个相同的抛物线型图案,按照图中的直角坐标系,最左边的抛物线可以用y=ax2+bx(a≠0)表示.已知抛物线上B,C两点到地面的距离均为eq \f(3,4) m,到墙边的距离分别为eq \f(1,2) m,eq \f(3,2) m.
    (1)求该拋物线的函数关系式,并求图案最高点到地面的距离;
    (2)若该墙的长度为10 m,则最多可以连续绘制几个这样的拋物线型图案?
    图K16-1
    8.农经公司以30元/千克的价格收购一批农产品进行销售,为了得到日销售量p(千克)与销售价格x(元/千克)之间的关系,经过市场调查获得部分数据如下表:
    (1)请你根据表中的数据,用所学过的一次函数、二次函数、反比例函数的知识确定p与x之间的函数表达式;
    (2)农经公司应该如何确定这批农产品的销售价格,才能使日销售利润最大?
    (3)若农经公司每销售1千克这种农产品需支出a元(a>0)的相关费用,当40≤x≤45时,农经公司的日获利的最大值为2430元,求a值.(日获利=日销售利润-日支出费用)
    9.如图K16-2①,地面BD上两根等长立柱AB,CD之间悬挂一根近似成抛物线y=eq \f(1,10)x2-eq \f(4,5)x+3的绳子.
    (1)求绳子最低点离地面的距离;
    (2)因实际需要,在离AB为3米的位置处用一根立柱MN撑起绳子(如图②),使左边抛物线F1的最低点距MN为1米,离地面1.8米,求MN的长;
    (3)将立柱MN的长度提升为3米,通过调整MN的位置,使抛物线F2对应函数的二次项系数始终为eq \f(1,4),设MN离AB的距离为m米,抛物线F2的顶点离地面距离为k米,当2≤k≤2.5时,求m的取值范围.
    图K16-2
    参考答案
    1.A
    2.B [解析] 利用待定系数法可求出二次函数解析式;将函数解析式配方成顶点式可得对称轴和足球距离地面的最大高度;求出h=0时t的值即可得足球的落地时间;求出t=1.5 s时h的值即可对④作出判断.
    (1)由表格可知抛物线过点(0,0),(1,8),(2,14),设该抛物线的解析式为h=at2+bt,将(1,8),(2,14)分别代入,得:eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a+b=8,,4a+2b=14.))解得:eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a=-1,,b=9.))
    ∴h=-t2+9t=-(t-eq \f(9,2))2+eq \f(81,4),则足球距离地面的最大高度为eq \f(81,4) m,对称轴是直线t=eq \f(9,2),所以①错误、②正确;令h=-t2+9t=0,解得t=0或t=9,所以③正确;当t=1.5时,h=-t2+9t=11.25,所以④错误.
    3.20 [解析] 滑行的最长时间实际上是求s取最大值时对应的t的值,s=60t-eq \f(3,2)t2=-eq \f(3,2)(t-20)2+600,∴当t=20秒时,s的最大值为600米.
    4.35
    5.①②③ [解析] 当70≤x≤150时,y=-2x+400,
    ∵k=-2<0,∴y随x的增大而减小,
    ∴当x=150时,y取得最小值,最小值为100,故①正确;
    当x=70时,y取得最大值,最大值为260,故②正确;
    设销售这种文化衫的月利润为Q元,
    则Q=(x-60)(-2x+400)=-2(x-130)2+9800,
    ∵70≤x≤150,∴当x=70时,Q取得最小值,最小值为-2×(70-130)2+9800=2600(元),故③正确;当x=130时,Q取得最大值,最大值为9800元,故④错误.
    6.解:(1)∵矩形一边长为x米,周长为16米,∴另一边长为(8-x)米,
    ∴S=x(8-x)=-x2+8x,其中0(2)能.理由:∵设计费为每平方米2000元,
    ∴当设计费为24000元时,面积为:24000÷2000=12(平方米),
    即-x2+8x=12,解得x1=2,x2=6.∴设计费能达到24000元.
    (3)∵S=-x2+8x=-(x-4)2+16,
    ∴当x=4时,S最大值=16,∴16×2000=32000,
    ∴当x是4米时,矩形的最大面积为16平方米,设计费最多,最多是32000元.
    7.解:(1)根据题意得B(eq \f(1,2),eq \f(3,4)),C(eq \f(3,2),eq \f(3,4)),
    把B,C两点的坐标代入y=ax2+bx,得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\f(3,4)=\f(1,4)a+\f(1,2)b,,\f(3,4)=\f(9,4)a+\f(3,2)b,))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a=-1,,b=2,))
    ∴拋物线的函数关系式为y=-x2+2x,
    ∴图案最高点到地面的距离为eq \f(-22,4×(-1))=1(m).
    (2)令y=0,即-x2+2x=0,解得x1=0,x2=2,
    ∴10÷2=5,
    ∴最多可以连续绘制5个这样的抛物线型图案.
    8.解:(1)假设p与x成一次函数,设p=kx+b,
    由表格知当x=30时,p=600,当x=50时,p=0,
    ∴eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(30k+b=600,,50k+b=0,))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(k=-30,,b=1500,))
    ∴p=-30x+1500,把x=35,p=450、x=40,p=300,x=45,p=150代入,均符合;
    假设p与x成二次函数、反比例函数时,仿照上述方法均不符合,
    ∴p与x的关系式是p=-30x+1500.
    (2)设每日的销售利润为y元,由题意得
    y=(x-30)p=(x-30)(-30x+1500)=-30eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x-40))eq \s\up12(2)+3000,
    ∴当销售价格定为40元/千克时,才能使每日销售利润最大.
    (3)W=y-ap=-30(x-40)2+3000-a(-30x+1500)
    =-30x2+eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2400+30a))x-1500a-45000=-30eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x-\f(80+a,2)))eq \s\up12(2)+eq \f(15\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a-20))\s\up12(2),2),
    ∵当40≤x≤45时,日获利最大值为2430元,
    ∴分三种情况
    ①当eq \f(80+a,2)≤40时,a≤0与题意不符;
    ②当40∵-30<0,∴开口向下,∴eq \f(15\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a-20))\s\up12(2),2)=2430,
    解得a=2或a=38(不合题意,舍去).
    ③当eq \f(80+a,2)>45,即a>10时,当x=45时,W的最大值为2430,
    ∴-30eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(45-\f(80+a,2)))eq \s\up12(2)+eq \f(15\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a-20))\s\up12(2),2)=2430,整理得2250-150a=2430,∴a=-1.2(不合题意,舍去).
    综上,a的值为2.
    9.解:(1)∵a=eq \f(1,10)>0,∴抛物线顶点为最低点.
    ∵y=eq \f(1,10)x2-eq \f(4,5)x+3=eq \f(1,10)(x-4)2+eq \f(7,5),
    ∴绳子最低点离地面的距离为eq \f(7,5)米.
    (2)由(1)可知,BD=8,令x=0,得y=3,∴A(0,3),C(8,3).
    由题意,得抛物线F1的解析式为y=a(x-2)2+1.8.
    将(0,3)代入,得4a+1.8=3,解得a=0.3,
    ∴抛物线F1的解析式为y=0.3(x-2)2+1.8.
    当x=3时,y=0.3×1+1.8=2.1,∴MN的长度为2.1米.
    (3)∵MN=CD=3,∴根据抛物线的对称性可知抛物线F2的顶点在ND的垂直平分线上,
    ∴抛物线F2的顶点坐标为(eq \f(1,2)m+4,k),
    ∴抛物线F2的解析式为y=eq \f(1,4)(x-eq \f(1,2)m-4)2+k.
    把C(8,3)代入,得eq \f(1,4)(4-eq \f(1,2)m)2+k=3,
    ∴k=-eq \f(1,4)(4-eq \f(1,2)m)2+3,
    ∴k=-eq \f(1,16)(m-8)2+3,∴k是关于m的二次函数.
    又由已知得m<8,在对称轴的左侧,k随m的增大而增大,
    ∴当k=2时,-eq \f(1,16)(m-8)2+3=2,解得m1=4,m2=12(不符合题意,舍去).
    k=2.5时,-eq \f(1,16)(m-8)2+3=2.5,解得m1=8-2 eq \r(2),m2=8+2 eq \r(2)(不符合题意,舍去).
    ∴m的取值范围是4≤m≤8-2 eq \r(2).
    t
    0
    1
    2
    3
    4
    5
    6
    7

    h
    0
    8
    14
    18
    20
    20
    18
    14

    销售价格x(元/千克)
    30
    35
    40
    45
    50
    日销售量p(千克)
    600
    450
    300
    150
    0

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