苏科版2020-2021学年八年级下学期期中数学试卷 （解析版）2

这是一份苏科版2020-2021学年八年级下学期期中数学试卷 （解析版）2，共22页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2020-2021学年苏科版八年级下学期期中数学试卷
一、选择题（每小题3分，共24分）
1．（3分）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（　　）
A． B． C． D．
2．（3分）下列命题错误的是（　　）
A．对角线互相平分的四边形是平行四边形
B．对角线相等的平行四边形是矩形
C．一条对角线平分一组对角的四边形是菱形
D．对角线互相垂直的矩形是正方形
3．（3分）分式的值为0，则x的值为（　　）
A．﹣3 B．3 C．0 D．±3
4．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．不可能事件发生的概率为0
B．随机事件发生的概率为
C．概率很小的事件不可能发生
D．投掷一枚质地均匀的硬币1000次，正面朝上的次数一定是500次
5．（3分）下列分式、、、，其中最简分式的个数是（　　）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
6．（3分）下列各式从左到右的变形正确的是（　　）
A．＝1 B．＝
C．＝x+y D．＝
7．（3分）某市举行“一日捐”活动，甲、乙两单位各捐款30000元，已知“…”，设乙单位有x人，则可得方程﹣＝20，根据此情景，题中用“…”表示的缺失的条件应补（　　）
A．甲单位比乙单位人均多捐20元，且乙单位的人数比甲单位的人数多20%
B．甲单位比乙单位人均多捐20元，且甲单位的人数比乙单位的人数多20%
C．乙单位比甲单位人均多捐20元，且甲单位的人数比乙单位的人数多20%
D．乙单位比甲单位人均多捐20元，且乙单位的人数比甲单位的人数多20%
8．（3分）如图，在菱形ABCD中，AD＝2，∠ABC＝120°，E是BC的中点，P为对角线AC上的一个动点，则PE+PB的最小值为（　　）

A． B．2 C．1 D．5
二、填空题（每小题3分，共30分）
9．（3分）下列各式：，，，，（x﹣y）中，是分式的共有　 　个．
10．（3分）如果分式有意义，那么x的取值范围是　 　．
11．（3分）如图，平行四边形ABCD的对角线相交于点O，且AB≠AD，过O作OE⊥BD交BC于点E．若△CDE的周长为10，则平行四边形ABCD的周长为　 　．

12．（3分）分式与的最简公分母是　 　．
13．（3分）若菱形的两条对角线之比为3：4，周长为20，则该菱形的高是　 　．
14．（3分）平行四边形的一边长为8，一条对角线长为6，则另一条对角线m的取值范围是　 　．
15．（3分）若顺次连接四边形各边中点所得到的四边形是矩形，则原四边形必须满足的条件是　 　．
16．（3分）关于x的方程的解是正数，则a的取值范围是　 　．
17．（3分）如图，D是△ABC内一点，BD⊥CD，AD＝6，BD＝4，CD＝3，E、F、G、H分别是AB、AC、CD、BD的中点，则四边形EFGH的周长是　 　．

18．（3分）两个长为9，宽为3的全等矩形叠合而得到四边形ABCD（不完全重合），则四边形ABCD面积的最大值为　 　．

三、解答题（本大题8小题，共66分）
19．（8分）计算：
（1）；
（2）．
20．（8分）解方程：
（1）；
（2）．
21．（8分）如图，E，F是四边形ABCD对角线AC上的两点，AD∥BC，DF∥BE，AE＝CF．
求证：（1）△AFD≌△CEB；
（2）四边形ABCD是平行四边形．

22．（8分）如图，在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中，点A、B、C都是格点．
（1）将△ABC向左平移6个单位长度得到△A1B1C1；
（2）将△ABC绕点O按逆时针方向旋转180°得到△A2B2C2，请画出△A2B2C2；
（3）若点O的坐标为（0，0），点B的坐标为（2，3）；写出△A1B1C1与△A2B2C2的对称中心的坐标　 　．

23．（8分）在一个不透明的口袋里装有仅颜色不同的黑、白两种颜色的球20只，某学习小组做摸球实验．将球搅匀后从中随机摸出一个球，记下颜色，再把它放回袋中，不断重复，下表是活动进行中记下的一组数据
摸球的次数n
100
150
200
500
800
1000
摸到白球的次数m
58
96
116
295
484
601
摸到白球的频率
0.58
0.64
0.58
0.59
0.605
0.601
（1）请你估计，当n很大时，摸到白球的频率将会接近　 　（精确到0.1）．
（2）假如你去摸一次，你摸到白球的概率是　 　，摸到黑球的概率是　 　．
（3）试估算口袋中黑、白两种颜色的球有多少只．
24．（8分）甲、乙两个工程队均参与某筑路工程，先由甲队筑路60公里，再由乙队完成剩下的筑路工程，已知乙队筑路总公里数是甲队筑路总公里数的倍，甲队比乙队多筑路20天．
（1）求乙队筑路的总公里数；
（2）若甲、乙两队平均每天筑路公里数之比为5：8，求乙队平均每天筑路多少公里．
25．（8分）如图，△ABC是以BC为底的等腰三角形，AD是边BC上的高，点E、F分别是AB、AC的中点．
（1）求证：四边形AEDF是菱形；
（2）如果四边形AEDF的周长为12，两条对角线的和等于7，求四边形AEDF的面积S．

26．（10分）如图1，将一张矩形纸片ABCD沿着对角线BD向上折叠，顶点C落到点E处，BE交AD于点F．
（1）求证：△BDF是等腰三角形；
（2）如图2，过点D作DG∥BE，交BC于点G，连接FG交BD于点O．
①判断四边形BFDG的形状，并说明理由；
②若AB＝6，AD＝8，求FG的长．


2020-2021学年苏科版八年级下学期期中数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题3分，共24分）
1．（3分）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（　　）
A． B． C． D．
【考点】P3：轴对称图形；R5：中心对称图形．菁优网版权所有
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念结合各图形的特点求解．
【解答】解：A、只是中心对称图形，故本选项错误；
B、只是中心对称，故本选项错误；
C、只是轴对称图形不是中心对称图形，故本选项错误；
D、即是轴对称图形也是中心对称图形，故本选项正确；
故选：D．
【点评】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．判断轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合；判断中心对称图形是要寻找对称中心，图形旋转180度后与原图形重合．
2．（3分）下列命题错误的是（　　）
A．对角线互相平分的四边形是平行四边形
B．对角线相等的平行四边形是矩形
C．一条对角线平分一组对角的四边形是菱形
D．对角线互相垂直的矩形是正方形
【考点】O1：命题与定理．菁优网版权所有
【分析】利用平行四边形、矩形、菱形及正方形的判定定理分别判断后即可确定正确的选项．
【解答】解：A、对角线互相平分的四边形是平行四边形是正确的，不符合题意；
B、对角线相等的平行四边形是矩形是正确的，不符合题意；
C、一条对角线平分一组对角的四边形不一定是菱形，原来的说法错误，符合题意；
D、对角线互相垂直的矩形是正方形是正确的，不符合题意．
故选：C．
【点评】本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解平行四边形、矩形、菱形及正方形的判定定理，难度不大．
3．（3分）分式的值为0，则x的值为（　　）
A．﹣3 B．3 C．0 D．±3
【考点】63：分式的值为零的条件．菁优网版权所有
【分析】根据分式的值为零的条件可以求出x的值．
【解答】解：根据题意得：x2﹣9＝0，且x+3≠0，
解得：x＝3．
故选：B．
【点评】本题考查了分式的值为零的条件．若分式的值为零，需同时具备两个条件：（1）分子为0；（2）分母不为0．这两个条件缺一不可．
4．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．不可能事件发生的概率为0
B．随机事件发生的概率为
C．概率很小的事件不可能发生
D．投掷一枚质地均匀的硬币1000次，正面朝上的次数一定是500次
【考点】X3：概率的意义．菁优网版权所有
【分析】根据不可能事件是指在任何条件下不会发生，随机事件就是可能发生，也可能不发生的事件，发生的机会大于0并且小于1，进行判断．
【解答】解：A、不可能事件发生的概率为0，故本选项正确；
B、随机事件发生的概率P为0＜P＜1，故本选项错误；
C、概率很小的事件，不是不发生，而是发生的机会少，故本选项错误；
D、投掷一枚质地均匀的硬币1000次，是随机事件，正面朝上的次数不确定是多少次，故本选项错误；
故选：A．
【点评】本题考查了不可能事件、随机事件的概念．不可能事件是指在一定条件下，一定不发生的事件．不确定事件即随机事件是指在一定条件下，可能发生也可能不发生的事件．
5．（3分）下列分式、、、，其中最简分式的个数是（　　）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【考点】68：最简分式．菁优网版权所有
【分析】根据最简分式的定义分别对每个分式进行分析即可．
【解答】解：＝﹣，此分式不是最简分式；
＝5（y﹣x），此分式不是最简分式；
此分式是最简分式；
＝＝2a+b，此分式不是最简分式；
＝＝﹣1，此分式不是最简分式；
故选：A．
【点评】此题考查了最简分式，最简分式的标准是分子，分母中不含有公因式，不能再约分．判断的方法是把分子、分母分解因式，并且观察有无互为相反数的因式，这样的因式可以通过符号变化化为相同的因式从而进行约分．
6．（3分）下列各式从左到右的变形正确的是（　　）
A．＝1 B．＝
C．＝x+y D．＝
【考点】65：分式的基本性质．菁优网版权所有
【分析】原式变形变形得到结果，即可作出判断．
【解答】解：A、原式＝＝1，正确；
B、原式＝，错误；
C、原式为最简结果，错误；
D、原式＝，错误，
故选：A．
【点评】此题考查了分式的基本性质，熟练掌握分式的基本性质是解本题的关键．
7．（3分）某市举行“一日捐”活动，甲、乙两单位各捐款30000元，已知“…”，设乙单位有x人，则可得方程﹣＝20，根据此情景，题中用“…”表示的缺失的条件应补（　　）
A．甲单位比乙单位人均多捐20元，且乙单位的人数比甲单位的人数多20%
B．甲单位比乙单位人均多捐20元，且甲单位的人数比乙单位的人数多20%
C．乙单位比甲单位人均多捐20元，且甲单位的人数比乙单位的人数多20%
D．乙单位比甲单位人均多捐20元，且乙单位的人数比甲单位的人数多20%
【考点】B6：由实际问题抽象出分式方程．菁优网版权所有
【分析】方程﹣＝20中，表示乙单位人均捐款额，（1+20%）x表示甲单位的人数比乙单位的人数多20%，则表示甲单位人均捐款额，所以方程表示的等量关系为：乙单位比甲单位人均多捐20元，由此得出题中用“…”表示的缺失的条件．
【解答】解：设乙单位有x人，那么当甲单位的人数比乙单位的人数多20%时，甲单位有（1+20%）x人．如果乙单位比甲单位人均多捐20元，那么可列出
﹣＝20．
故选：C．
【点评】本题考查了由实际问题抽象出分式方程的逆应用，根据所设未知数以及方程逆推缺少的条件．本题难度适中．
8．（3分）如图，在菱形ABCD中，AD＝2，∠ABC＝120°，E是BC的中点，P为对角线AC上的一个动点，则PE+PB的最小值为（　　）

A． B．2 C．1 D．5
【考点】L8：菱形的性质；PA：轴对称﹣最短路线问题．菁优网版权所有
【分析】连接BD，DE，则DE的长即为PE+PB的最小值，再根据菱形ABCD中，∠ABC＝120°得出∠BCD的度数，进而判断出△BCD是等边三角形，故△CDE是直角三角形，根据勾股定理即可得出DE的长．
【解答】解：连接BD，DE，
∵四边形ABCD是菱形，
∴B、D关于直线AC对称，
∴DE的长即为PE+PB的最小值，
∵∠ABC＝120°，
∴∠BCD＝60°，
∴△BCD是等边三角形，
∵E是BC的中点，
∴DE⊥BC，CE＝BC＝×2＝1，
∴DE＝．
故选：A．
【点评】本题考查的是轴对称﹣最短路线问题，熟知菱形的性质及两点直线线段最短是解答此题的关键．
二、填空题（每小题3分，共30分）
9．（3分）下列各式：，，，，（x﹣y）中，是分式的共有　3　个．
【考点】61：分式的定义．菁优网版权所有
【分析】判断分式的依据是看分母中是否含有字母，如果含有字母则是分式，如果不含有字母则不是分式．
【解答】解：不是分式，是分式，不是分式，是分式，（x﹣y）是分式，
故答案为：3
【点评】本题主要考查分式的定义，在解答此题时要注意分式是形式定义，只要是分母中含有未知数的式子即为分式．
10．（3分）如果分式有意义，那么x的取值范围是　x≠﹣3　．
【考点】62：分式有意义的条件．菁优网版权所有
【分析】根据分式有意义的条件是分母不为0，列出算式，计算得到答案．
【解答】解：由题意得，x+3≠0，
即x≠﹣3，
故答案为：x≠﹣3．
【点评】本题考查的是分式有意义的条件，从以下三个方面透彻理解分式的概念：（1）分式无意义⇔分母为零；（2）分式有意义⇔分母不为零；（3）分式值为零⇔分子为零且分母不为零．
11．（3分）如图，平行四边形ABCD的对角线相交于点O，且AB≠AD，过O作OE⊥BD交BC于点E．若△CDE的周长为10，则平行四边形ABCD的周长为　20　．

【考点】KG：线段垂直平分线的性质；L5：平行四边形的性质．菁优网版权所有
【分析】由四边形ABCD是平行四边形，根据平行四边形的对角线互相平分、对边相等，即可得OB＝OD，AB＝CD，AD＝BC，又由OE⊥BD，即可得OE是BD的垂直平分线，然后根据线段垂直平分线的性质，即可得BE＝DE，又由△CDE的周长为10，即可求得平行四边形ABCD的周长．
【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴OB＝OD，AB＝CD，AD＝BC，
∵OE⊥BD，
∴BE＝DE，
∵△CDE的周长为10，
即CD+DE+EC＝10，
∴平行四边形ABCD的周长为：AB+BC+CD+AD＝2（BC+CD）＝2（BE+EC+CD）＝2（DE+EC+CD）＝2×10＝20．
故答案为：20．
【点评】此题考查了平行四边形的性质与线段垂直平分线的性质．此题难度适中，注意掌握数形结合思想与转化思想的应用．
12．（3分）分式与的最简公分母是　x（x+3）（x﹣3）　．
【考点】69：最简公分母．菁优网版权所有
【分析】通常取各分母系数的最小公倍数与字母因式的最高次幂的积作公分母，这样的公分母叫做最简公分母．
【解答】解：∵x2﹣3x＝x（x﹣3），x2﹣9＝（x+3）（x﹣3）
∴他们的最简公分母为：x（x+3）（x﹣3）．
【点评】此题的关键是考查通分．即要通分为最简公分母，通常取各分母系数的最小公倍数与字母因式的最高次幂的积作公分母，这样的公分母叫做最简公分母．
13．（3分）若菱形的两条对角线之比为3：4，周长为20，则该菱形的高是　　．
【考点】L8：菱形的性质．菁优网版权所有
【分析】菱形对角线的一半和菱形的边长构成直角三角形，因此可求出对角线的长，因为菱形的对角线互相垂直，面积等于对角线乘积的一半，进而求出高．
【解答】解：设菱形较短的对角线的一半是3x，较长的对角线的一半是4x，
（3x）2+（4x）2＝（），
x＝1．
对角线长为：2×1×3＝6，2×1×4＝8．
面积为：×6×8＝24cm2．
设高为y，
5y＝24
y＝cm．
故答案为：cm．
【点评】本题考查菱形的性质，菱形的对角线互相垂直平分，四边相等，解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题．
14．（3分）平行四边形的一边长为8，一条对角线长为6，则另一条对角线m的取值范围是　10＜m＜22　．
【考点】K6：三角形三边关系；L5：平行四边形的性质．菁优网版权所有
【分析】平行四边形的对角线互相平分，那么一边是8，另两边是3和组成的三角形，结合三角形的三边关系，第三边的长一定大于已知的两边的差，而小于两边的和，求得相应范围即可．
【解答】解：由题意得：8﹣3＜＜8+3，
∴10＜m＜22．
故答案为10＜m＜22．

【点评】注意平行四边形的性质和三角形的三边关系的综合运用，有关“对角线范围”的题，应联系“三角形两边之和、差与第三边关系”知识点来解决．
15．（3分）若顺次连接四边形各边中点所得到的四边形是矩形，则原四边形必须满足的条件是　对角线互相垂直　．
【考点】LC：矩形的判定；LN：中点四边形．菁优网版权所有
【分析】根据矩形的性质和三角形中位线定理求解；首先根据三角形中位线定理知：所得四边形的对边都平行且相等，那么其必为平行四边形，若所得四边形是矩形，那么邻边互相垂直，故原四边形的对角线必互相垂直．
【解答】解：由于E、F、G、H分别是AB、BC、CD、AD的中点，
根据三角形中位线定理得：EH∥FG∥BD，EF∥AC∥HG，
∴四边形EFGH是平行四边形，
∵四边形EFGH是矩形，即EF⊥FG，
∴AC⊥BD，
故答案为：对角线互相垂直．

【点评】本题主要考查了矩形的性质和三角形中位线定理，解题的关键是构造三角形利用三角形的中位线定理解答．
16．（3分）关于x的方程的解是正数，则a的取值范围是　a＜﹣1且a≠﹣2　．
【考点】B2：分式方程的解．菁优网版权所有
【分析】先去分母得2x+a＝x﹣1，可解得x＝﹣a﹣1，由于关于x的方程的解是正数，则x＞0并且x﹣1≠0，即﹣a﹣1＞0且﹣a﹣1≠1，解得a＜﹣1且a≠﹣2．
【解答】解：去分母得2x+a＝x﹣1，
解得x＝﹣a﹣1，
∵关于x的方程的解是正数，
∴x＞0且x≠1，
∴﹣a﹣1＞0且﹣a﹣1≠1，解得a＜﹣1且a≠﹣2，
∴a的取值范围是a＜﹣1且a≠﹣2．
故答案为：a＜﹣1且a≠﹣2．
【点评】本题考查了分式方程的解：先把分式方程化为整式方程，解整式方程，若整式方程的解使分式方程左右两边成立，那么这个解就是分式方程的解；若整式方程的解使分式方程左右两边不成立，那么这个解就是分式方程的增根．
17．（3分）如图，D是△ABC内一点，BD⊥CD，AD＝6，BD＝4，CD＝3，E、F、G、H分别是AB、AC、CD、BD的中点，则四边形EFGH的周长是　11　．

【考点】KQ：勾股定理；KX：三角形中位线定理．菁优网版权所有
【分析】利用勾股定理列式求出BC的长，再根据三角形的中位线平行于第三边并且等于第三边的一半求出EH＝FG＝AD，EF＝GH＝BC，然后代入数据进行计算即可得解．
【解答】解：∵BD⊥CD，BD＝4，CD＝3，
∴BC＝＝＝5，
∵E、F、G、H分别是AB、AC、CD、BD的中点，
∴EH＝FG＝AD，EF＝GH＝BC，
∴四边形EFGH的周长＝EH+GH+FG+EF＝AD+BC，
又∵AD＝6，
∴四边形EFGH的周长＝6+5＝11．
故答案为：11．
【点评】本题考查了三角形的中位线定理，勾股定理的应用，熟记三角形的中位线平行于第三边并且等于第三边的一半是解题的关键．
18．（3分）两个长为9，宽为3的全等矩形叠合而得到四边形ABCD（不完全重合），则四边形ABCD面积的最大值为　15　．

【考点】LA：菱形的判定与性质；LB：矩形的性质．菁优网版权所有
【分析】首先根据图1，证明四边形ABCD是菱形；然后判断出菱形的一条对角线为矩形的对角线时，四边形ABCD的面积最大，设AB＝BC＝x，则BE＝9﹣x，利用勾股定理求出x的值，即可求出四边形ABCD面积的最大值是多少．
【解答】解：如图1，作AE⊥BC于E，AF⊥CD于F，

∵AD∥BC，AB∥CD，
∴四边形ABCD是平行四边形，
∵两个矩形的宽都是3，
∴AE＝AF＝3，
∵S四边形ABCD＝AE•BC＝AF•CD，
∴BC＝CD，
∴平行四边形ABCD是菱形．

如图2，
，
设AB＝BC＝x，则BE＝9﹣x，
∵BC2＝BE2+CE2，
∴x2＝（9﹣x）2+32，
解得x＝5，
∴四边形ABCD面积的最大值是：5×3＝15．
故答案为15．
【点评】此题主要考查了菱形的判定和性质，矩形的性质和应用，以及勾股定理的应用，要熟练掌握．
三、解答题（本大题8小题，共66分）
19．（8分）计算：
（1）；
（2）．
【考点】6C：分式的混合运算．菁优网版权所有
【分析】（1）原式括号中通分并利用同分母分式的加减法则计算，同时利用除法法则变形，约分即可得到结果；
（2）原式括号中两项约分后，利用同分母分式的减法法则计算，约分即可得到结果．
【解答】解：（1）原式＝÷＝•＝；
（2）原式＝[﹣]•＝•＝．
【点评】此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
20．（8分）解方程：
（1）；
（2）．
【考点】B3：解分式方程．菁优网版权所有
【分析】分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得到分式方程的解．
【解答】解：（1）去分母得：3x﹣3＝6，
解得：x＝3，
经检验x＝3是分式方程的解；
（2）去分母得：x＝﹣2+2x﹣1，
解得：x＝3，
经检验x＝3是分式方程的解．
【点评】此题考查了解分式方程，利用了转化的思想，解分式方程注意要检验．
21．（8分）如图，E，F是四边形ABCD对角线AC上的两点，AD∥BC，DF∥BE，AE＝CF．
求证：（1）△AFD≌△CEB；
（2）四边形ABCD是平行四边形．

【考点】KD：全等三角形的判定与性质；L6：平行四边形的判定．菁优网版权所有
【分析】（1）根据全等三角形的判定定理ASA证得△AFD≌△CEB；
（2）利用（1）中的全等三角形的对应边相等得到AD＝CB，则由“有一组对边相等且平行的四边形是平行四边形”证得结论．
【解答】证明：（1）如图，∵AD∥BC，DF∥BE，
∴∠1＝∠2，∠3＝∠4．
又AE＝CF，
∴AE+EF＝CF+EF，即AF＝CE．
在△AFD与△CEB中，
，
∴△AFD≌△CEB（ASA）；
（2）由（1）知，△AFD≌△CEB，则AD＝CB．
又∵AD∥BC，
∴四边形ABCD是平行四边形．

【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质，平行四边形的判定．全等三角形的判定是结合全等三角形的性质证明线段和角相等的重要工具．在判定三角形全等时，关键是选择恰当的判定条件．
22．（8分）如图，在边长为1个单位长度的小正方形组成的网格中，点A、B、C都是格点．
（1）将△ABC向左平移6个单位长度得到△A1B1C1；
（2）将△ABC绕点O按逆时针方向旋转180°得到△A2B2C2，请画出△A2B2C2；
（3）若点O的坐标为（0，0），点B的坐标为（2，3）；写出△A1B1C1与△A2B2C2的对称中心的坐标　（﹣3，0）　．

【考点】Q4：作图﹣平移变换；R8：作图﹣旋转变换．菁优网版权所有
【分析】（1）根据网格结构找出点A、B、C平移后的对应点A1、B1、C1的位置，然后顺次连接即可；
（2）根据网格结构找出点A、B、C绕点O按逆时针方向旋转180°的对应点A2、B2、C2的位置，然后顺次连接即可；
（3）根据旋转的性质，连接对应点A1、A2，C1、C2，交点即为旋转中心，然后写出坐标即可．
【解答】解：（1）△A1B1C1如图所示；
（2）△A2B2C2如图所示；
（3）旋转中心（﹣3，0）．
故答案为：（﹣3，0）．

【点评】本题考查了利用旋转变换作图，利用平移变换作图，熟练掌握网格结构准确找出对应点的位置是解题的关键．
23．（8分）在一个不透明的口袋里装有仅颜色不同的黑、白两种颜色的球20只，某学习小组做摸球实验．将球搅匀后从中随机摸出一个球，记下颜色，再把它放回袋中，不断重复，下表是活动进行中记下的一组数据
摸球的次数n
100
150
200
500
800
1000
摸到白球的次数m
58
96
116
295
484
601
摸到白球的频率
0.58
0.64
0.58
0.59
0.605
0.601
（1）请你估计，当n很大时，摸到白球的频率将会接近　0.6　（精确到0.1）．
（2）假如你去摸一次，你摸到白球的概率是　　，摸到黑球的概率是　　．
（3）试估算口袋中黑、白两种颜色的球有多少只．
【考点】X8：利用频率估计概率．菁优网版权所有
【分析】（1）本题需先根据表中的数据，估计出摸到白球的频率．
（2）本题根据摸到白球的频率即可求出摸到白球和黑球的概率．
（3）根据口袋中黑、白两种颜色的球的概率即可求出口袋中黑、白两种颜色的球有多少只．
【解答】答：（1）根据题意可得当n很大时，摸到白球的频率将会接近0.6；
（2）因为当n很大时，摸到白球的频率将会接近0.6；
所以摸到白球的概率是；
摸到黑球的概率是
（3）因为摸到白球的概率是，摸到黑球的概率是
所以口袋中黑、白两种颜色的球有白球是20×＝12个，
黑球是20×＝8个
【点评】本题主要考查了如何利用频率估计概率，在解题时要注意频率和概率之间的关系．
24．（8分）甲、乙两个工程队均参与某筑路工程，先由甲队筑路60公里，再由乙队完成剩下的筑路工程，已知乙队筑路总公里数是甲队筑路总公里数的倍，甲队比乙队多筑路20天．
（1）求乙队筑路的总公里数；
（2）若甲、乙两队平均每天筑路公里数之比为5：8，求乙队平均每天筑路多少公里．
【考点】B7：分式方程的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）根据甲队筑路60公里以及乙队筑路总公里数是甲队筑路总公里数的倍，即可求出乙队筑路的总公里数；
（2）设乙队平均每天筑路8x公里，则甲队平均每天筑路5x公里，根据甲队比乙队多筑路20天，即可得出关于x的分式方程，解之经检验后即可得出结论．
【解答】解：（1）60×＝80（公里）．
答：乙队筑路的总公里数为80公里．
（2）设乙队平均每天筑路8x公里，则甲队平均每天筑路5x公里，
根据题意得：﹣＝20，
解得：x＝0.1，
经检验，x＝0.1是原方程的解，
∴8x＝0.8．
答：乙队平均每天筑路0.8公里．
【点评】本题考查了分式方程的应用，解题的关键是：（1）根据数量关系列式计算；（2）找准等量关系，列出分式方程．
25．（8分）如图，△ABC是以BC为底的等腰三角形，AD是边BC上的高，点E、F分别是AB、AC的中点．
（1）求证：四边形AEDF是菱形；
（2）如果四边形AEDF的周长为12，两条对角线的和等于7，求四边形AEDF的面积S．

【考点】KH：等腰三角形的性质；LA：菱形的判定与性质．菁优网版权所有
【分析】（1）先根据直角三角形斜边上中线的性质，得出DE＝AB＝AE，DF＝AC＝AF，再根据AB＝AC，点E、F分别是AB、AC的中点，即可得到AE＝AF＝DE＝DF，进而判定四边形AEDF是菱形；
（2）设EF＝x，AD＝y，则x+y＝7，进而得到x2+2xy+y2＝49，再根据Rt△AOE中，AO2+EO2＝AE2，得到x2+y2＝36，据此可得xy＝，进而得到菱形AEDF的面积S．
【解答】解：（1）∵AD⊥BC，点E、F分别是AB、AC的中点，
∴Rt△ABD中，DE＝AB＝AE，
Rt△ACD中，DF＝AC＝AF，
又∵AB＝AC，点E、F分别是AB、AC的中点，
∴AE＝AF，
∴AE＝AF＝DE＝DF，
∴四边形AEDF是菱形；

（2）如图，∵菱形AEDF的周长为12，
∴AE＝3，
设EF＝x，AD＝y，则x+y＝7，
∴x2+2xy+y2＝49，①
∵AD⊥EF于O，
∴Rt△AOE中，AO2+EO2＝AE2，
∴（y）2+（x）2＝32，
即x2+y2＝36，②
把②代入①，可得2xy＝13，
∴xy＝，
∴菱形AEDF的面积S＝xy＝．

【点评】本题主要考查了菱形的判定与性质的运用，解题时注意：四条边相等的四边形是菱形；菱形的面积等于对角线长乘积的一半．
26．（10分）如图1，将一张矩形纸片ABCD沿着对角线BD向上折叠，顶点C落到点E处，BE交AD于点F．
（1）求证：△BDF是等腰三角形；
（2）如图2，过点D作DG∥BE，交BC于点G，连接FG交BD于点O．
①判断四边形BFDG的形状，并说明理由；
②若AB＝6，AD＝8，求FG的长．

【考点】LO：四边形综合题．菁优网版权所有
【分析】（1）根据两直线平行内错角相等及折叠特性判断；
（2）①根据已知矩形性质及第一问证得邻边相等判断；
②根据折叠特性设未知边，构造勾股定理列方程求解．
【解答】（1）证明：如图1，根据折叠，∠DBC＝∠DBE，
又AD∥BC，
∴∠DBC＝∠ADB，
∴∠DBE＝∠ADB，
∴DF＝BF，
∴△BDF是等腰三角形；

（2）①∵四边形ABCD是矩形，
∴AD∥BC，
∴FD∥BG，
又∵DG∥BE，
∴四边形BFDG是平行四边形，
∵DF＝BF，
∴四边形BFDG是菱形；
②∵AB＝6，AD＝8，
∴BD＝10．
∴OB＝BD＝5．
假设DF＝BF＝x，∴AF＝AD﹣DF＝8﹣x．
∴在直角△ABF中，AB2+AF2＝BF2，即62+（8﹣x）2＝x2，
解得x＝，
即BF＝，
∴FO＝＝＝，
∴FG＝2FO＝．


【点评】此题考查了四边形综合题，结合矩形的性质、菱形的判定和性质、勾股定理解答，考查了翻折不变性，综合性较强，是一道好题．
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日期：2019/4/18 11:36:10；用户：初数41；邮箱：pe_041@xyh.com；学号：25380417