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    2020届湖南师范大学附属中学高三上学期第二次月考数学(文)试题(解析版)

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    2020届湖南师范大学附属中学高三上学期第二次月考数学(文)试题(解析版)

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    这是一份2020届湖南师范大学附属中学高三上学期第二次月考数学(文)试题(解析版),共22页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2020届湖南师范大学附属中学高三上学期第二次月考数学(文)试题  一、单选题1.已知集合,则    A BC D【答案】B【解析】化简集合,根据补集的运算,可得答案.【详解】因为,故选:B【点睛】本题考查了补集的运算,考查了解一元二次不等式,属于基础题.2.下列结论中错误的是(    A.命题,则的逆否命题是,则B的充分条件C.命题,则方程有实根的逆命题是真命题D.命题,则的否命题是,则【答案】C【解析】选项A:根据逆否命题的定义可以直接判断本命题的正确性;选项B:根据充分条件的定义可以直接判断本命题的正确性;选项C:写了命题的逆命题,再根据一元二次方程的判别式可以判断出本命题的正确性;选项D:根据否命题的定义可以直接判断出本命题的正确性.【详解】选项A:根据逆否命题的定义可以直接判断本命题是正确的;选项B:由可以推出,因此的充分条件,故本命题是正确的;选项C,则方程有实根的逆命题是若方程有实根,.因为方程有实根,,所以推不出,故本命题是错误的;选项D:根据否命题的定义可以直接判断出本命题是正确的.故选:C【点睛】本题考查了逆命题、否命题、逆否命题的定义以及真假判断,考查了充分条件的定义以及判断.3.用二分法求函数在区间上的零点,要求精确度为,所需二分区间的次数最少为(  )A B C D【答案】C【解析】由原来区间的长度等于1 ,每经过一次操作,区间长度变为原来的一半,经过此操作后,区间长度变为,由可得结果.【详解】开区间的长度等于1 ,每经过一次操作,区间长度变为原来的一半,经过此操作后,区间长度变为用二分法求函数在区间上近似解,要求精确度为 ,,解得,故选C.【点睛】本题考查用二分法求函数的近似零点的过程,每经过一次操作,区间长度变为原来的一半,意在考查对基础知识掌握的熟练程度,属于基础题.4的内角ABC的对边分别为abc,已知,则    A BC D4【答案】A【解析】根据余弦定理列方程可解得.【详解】由余弦定理得,,所以,解得.故选:A【点睛】本题考查了利用余弦定理解三角形,属于基础题.5.已知表示的平面区域为,若为真命题,则实数的取值范围是A BC D【答案】A【解析】本题可先通过线性规划得出平面区域,在解出的取值范围,最后得出的取值范围。【详解】绘制不等式组表示的可行域如图所示,,结合目标函数的几何意义可得在点处取得最大值,联立直线方程可得,解得,即,则.结合恒成立的条件可知,即实数的取值范围是,本题选择A选项。【点睛】求线性目标函数的最值,当时,直线过可行域且在y轴上截距最大时,z值最大,在y轴截距最小时,z值最小;当时,直线过可行域且在y轴上截距最大时,z值最小,在y轴上截距最小时,z值最大.解本题时,由线性规划知识确定的最值,然后结合恒成立的条件确定实数的取值范围即可。6.已知点在直线的两侧,则直线的倾斜角的取值范围是 (   )A B C D【答案】D【解析】设直线l的倾斜角为θ∈[0,π).A(1,−2),B(,0).直线l:axy−1=0(a≠0)经过定点P(0,−1).(1,−2)(,0)在直线l:axy−1=0(a≠0)的两侧,kPA<a<kPB,∴−1<tanθ<tanθ≠0.解得.本题选择D选项.7.已知数列的前n项积为,那么当时,等于(    A B C D【答案】D【解析】根据数列的前n项积的定义,可得答案.【详解】设数列的前n项积为,则时,=,所以.故选:D【点睛】本题考查了由数列的递推关系求通项,属于基础题.8.一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为(   A    B    C    D【答案】D【解析】由已知,可知该几何体为直四棱柱,上、下两个面是边长为的正方形;前后两个面是长为,宽为的平行四边形;左右两个面是长为,宽为的长方形,故其表面积为,故选D.9.已知函数,当时,不等式恒成立,则实数的取值范围为(   A BC D【答案】A【解析】由已知,可以变形为,可以构造函数,可知函数是增函数,故,常变量分离,,设,求导,最后求出的最小值,最后求出实数的取值范围.【详解】时,,即函数上是一个增函数.,则有,即,设,则有,当时,上单调递减,当时,上单调递增,处取得最小值,.【点睛】本题考查了利用导数,根据函数的单调性求参数问题,通过已知的不等式形式,构造函数,利用新函数单调性,求出最值,是解题的关键.10.如图所示,在直角梯形ABCD中,,动点P在边BC上,且满足mn均为正实数),则的最小值为(    A5 B C D【答案】B【解析】根据向量的线性运算得到,利用三点共线的结论列式可得,再根据基本不等式可得最小值.【详解】依题意得CPB三点共线,,即mn均是正实数,,当且仅当,即时,等号成立.故选:B【点睛】本题考查了向量的线性运算,考查了三点共线的结论,考查了基本不等式求和的最小值,属于中档题.11.定义在上的偶函数满足,且在上是减函数,若是锐角三角形的两个内角,则下列各式一定成立的是(    )A BC D【答案】C【解析】分析:由求出函数的周期,由周期性和条件可得上的单调性,进而由函数的奇偶性和周期性得到函数在上的单调性,根据锐角三角形的条件和诱导公式、以及正弦函数的单调性判断出的大小,根据的单调性,即可得到结论.详解:由得,函数为周期为因为函数为单调递减函数,所以函数为减函数,又由函数为偶函数,所以函数为单调递增函数,因为锐角三角形,所以,且都为锐角,所以都为锐角,上为单调递增函数,所以所以,故选C.点睛:本题主要考查了正弦函数的单调性及锐角三角形的性质、函数的基本性质的综合应用,其中解答中正确应用函数的基本性质,合理作出运算是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力,以及转化思想方法的应用.12.定义:对于函数.若存在常数c,对于任意,存在唯一的,使得,则称函数D上的均值c.若,则函数上的均值为(    A B C D10【答案】C【解析】假设存在常数c,对于任意,存在唯一,使得,,,,再根据列式可解得答案.【详解】假设存在常数c,对于任意,存在唯一使得,即,则故当时,,依题意可得,,从而,即故选:C【点睛】本题考查了对新定义的理解能力,考查了根据子集关系求参数,考查了对数的运算性质,属于中档题.  二、填空题13.观察下列式子:根据以上式子可以猜想:__________【答案】【解析】确定的不等式的左边各式分子是1,分母值自然数的平方和,右边分母与最后一项的分母相同,分子是以3为首项,2为公差的等差数列,即可求解.【详解】由已知中的不等式可知不等式的左边各式分子是1,分母值自然数的平方和,右边分母与最后一项的分母相同,分子是以3为首项,2为公差的等差数列,所以不等式右边的第2018项为所以【点睛】本题考查了合情推理,对于合情推理主要包括归纳推理和类比推理.数学研究中,在得到一个新结论前,合情推理能帮助猜测和发现结论,在证明一个数学结论之前,合情推理常常能为证明提供思路与方向.合情推理仅是合乎情理的推理,它得到的结论不一定正确.而演绎推理得到的结论一定正确(前提和推理形式都正确的前提下)14.等差数列的前项和分别为,且,则______【答案】【解析】根据等差数列的性质可得,结合题中条件,即可求出结果.【详解】因为等差数列的前n项和分别为由等差数列的性质,可得所以.故答案为【点睛】本题主要考查等差数列的性质,以及等差数列的前项和,熟记等差数列的性质与前项和公式,即可得出结果.15.如图,AB为圆O的直径,C在圆周上异于点A,,直线PA垂直于圆O所在的平面,M是线段PB的中点有以下四个命题:平面平面平面平面平面其中正确的命题的序号是______【答案】①④【解析】根据线面平行的判定与线面,面面垂直的判定方法逐个证明即可.【详解】①,因为的中点,为三角形的中位线,平面.正确.②,因为平面,错误.③,因为,不会垂直于,不垂直于平面.错误④, 因为,,..平面,平面,故平面平面.正确.故答案为①④【点睛】本题主要考查了线面平行与线面垂直等判定,属于中等题型.16.已知关于x的方程上有两个不等的实数根,则a的取值范围是________【答案】【解析】将问题转化为函数上有两个交点,再根据两个函数的图象分析可得答案.【详解】因为方程上有两个实数根等价于上有两个实数根, 等价于函数上有两个交点,显然为一个交点,结合的图象,图象如下:经过点时,相切时,设切点为,,根据导数的几何意义得, 所以,,所以,所以上递减,上递增,所以取得最小值1,所以所以当, 函数上只有一个交点.所以当, 函数上有两个交点,所以当时,关于x的方程上有两个实数根.【点睛】本题考查了由方程的实根个数求参数的取值范围,考查了等价转化思想,考查了数形结合思想,考查了导数的几何意义,属于中档题. 三、解答题17.为了解某班学生喜好体育运动是否与性别有关,对本班50人进行了问卷调查得到了如下的列联表: 喜好体育运动不喜好体育运动男生 5女生10  已知按喜好体育运动与否,采用分层抽样法抽取容量为10的样本,则抽到喜好体育运动的人数为61)请将上面的列联表补充完整;2)能否在犯错概率不超过0.01的前提下认为喜好体育运动与性别有关?说明你的理由;3)在上述喜好体育运动的6人中随机抽取两人,求恰好抽到一男一女的概率.参考公式:独立性检验临界值表:0.100.050.0250.0102.7063.8415.0246.635  【答案】1)列联表见解析;(2)能,理由见解析;(3.【解析】(1)利用求得喜好体育运动的人数后,根据表格中数据可得表格中其它数据;(2)求出观测值后,利用临界值表可得结论;(3)用列举法得到基本事件的总数以及所求事件包含的结果数,然后用古典概型概率公式计算可得.【详解】1)喜好体育运动的人数为:,列联表补充如下: 喜好体育运动不喜好体育运动男生205女生1015  2能在犯错概率不超过0.01的前提下认为喜好体育运动与性别有关.36人中有男生4人,设为,女生2人,设为随机抽取两人所有的情况为:,共15种.其中一男一女包含8种情况,故概率为【点睛】本题考查了分层抽样,考查了独立性检验,考查了古典概型的概率公式,属于基础题.18.已知数列是公比为3的等比数列,且成等差数列.1)求数列的通项公式;2)记,求数列的前n项和【答案】1;(2.【解析】(1)根据成等差数列,可得,再利用等比数列的通项公式计算出,然后写出通项公式即可;(2)分组后根据等差数列与等比数列的前项和公式计算,即可得到答案.【详解】1)由题意可得,解得:数列的通项公式为2【点睛】本题考查了等差中项,考查了等比数列的通项公式,考查了等差数列和等比数列的前项和公式,属于基础题.19.如图,三棱柱中,侧面为菱形,的中点为O,且平面1)证明:2)若,求到平面ABC的距离.【答案】1)证明见解析;(2【解析】(1)先根据,可证明平面ABO,再根据直线与平面垂直的性质可证;(2)先作出点到平面的距离: ,垂足为D,连接AD,作,垂足为H,则就是点到平面的距离,然后根据已知条件计算出,再根据的中点可得到平面ABC的距离.【详解】1)证明:连接,则O的交点,侧面为菱形,平面平面ABO平面ABO2)作,垂足为D,连接AD,作,垂足为H平面AOD平面ABC为等边三角形,,由O的中点,到平面ABC的距离为【点睛】本题考查了直线与平面垂直的判定定理与性质定理,考查了求点到平面的距离,作出点到平面的距离是解题关键,属于中档题.20.已知椭圆的对称中心为原点,焦点在轴上,焦距为,点在该椭圆上.1)求椭圆的方程;2)直线与椭圆交于两点,点位于第一象限,是椭圆上位于直线两侧的动点.当点运动时,满足,问直线的斜率是否为定值,请说明理由.【答案】1;(2【解析】1)由题可得 所以 ,则椭圆的方程为2)将代入椭圆方程可得,解得 ,则 ,由题可知直线与直线的斜率互为相反数,写出直线的方程与椭圆方程联立整理可得【详解】1)因为椭圆的对称中心为原点,焦点在轴上,所以设椭圆方程为 因为焦距为所以 ,焦点坐标又因为点在该椭圆上,代入椭圆方程得所以 ,即解得 所以 则椭圆的方程为.2)将代入椭圆方程可得,解得 当点运动时,满足,则直线与直线的斜率互为相反数,不妨设,则 所以直线的方程为联立 ,解得 因为是该方程的两根,所以,即同理直线的方程为所以所以即直线的斜率为定值。【点睛】直线与椭圆的位置关系是近几年的高考重要考点,求椭圆的标准方程时要注意焦点的位置,本题解题的关键是先求出椭圆的标准方程,且由可知直线与直线的斜率互为相反数,属于偏难题目。21.已知函数.1)若,求处的切线方程;2)若上有零点,求的取值范围.【答案】12【解析】1)对函数进行求导,由得切线的斜率,再由,利用点斜式得到切线方程.2)利用导数对m分类讨论说明的单调性及极值,结合零点存在定理分别列出不等式,可求解m的范围.【详解】1时,.故所求切线方程为,即.2)依题意时,上单调递减,依题意,,解得故此时.时,上单调递增,依题意,,即此不等式无解.(注:亦可由得出,此时函数无零点)时,若单调递增,单调递减,时,.故只需,即,又故此时综上,所求的范围为.【点睛】本题考查了导数的几何意义,考查了利用导数研究函数的零点、单调性、极值与最值问题,涉及零点存在定理的应用,属于中档题.22.在直角坐标系中,曲线的参数方程为为参数),直线的参数方程为为参数),且直线与曲线交于两点,以直角坐标系的原点为极点,以轴的正半轴为极轴建立极坐标系.1)求曲线的极坐标方程;2) 已知点的极坐标为,求的值【答案】(1).(2).【解析】分析:(1)曲线C的参数方程消去参数,得曲线C的普通方程,整理得到,由此,根据极坐标与平面直角坐标之间的关系,可以求得曲线C的极坐标方程;(2)将直线的参数方程与曲线C的普通方程联立,利用直线方程中参数的几何意义,结合韦达定理,求得结果.详解:(1的普通方程为整理得所以曲线的极坐标方程为.2)点的直角坐标为,设两点对应的参数为将直线的参数方程代入曲线的普通方程中得整理得.所以,且易知由参数的几何意义可知,所以 .点睛:该题考查的是有关坐标系与参数方程的问题,涉及到的知识点有曲线的参数方程向普通方程的转化,曲线的平面直角坐标方程向极坐标方程的转化,直线的参数方程中参数的几何意义,在解题的过程中,要认真分析,细心求解.23.已知函数.1)若的最小值为3,求实数的值;2)若时,不等式的解集为,当时,求证:.【答案】1;(2)证明见解析.【解析】1)利用绝对值不等式得到,计算得到答案.2)去绝对值符号,解不等式得到集合,利用平方作减法判断大小得证.【详解】1)因为(当且仅当时取“=”.所以,解得.2)当时,.时,由,得,解得,又,所以不等式无实数解;时,恒成立,所以时,由,得,解得,又,所以所以的解集为. .因为,所以,所以,所以.【点睛】本题考查了绝对值不等式,绝对值不等式的证明,讨论范围去绝对值符号是解题的关键. 

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