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2021中考物理专题复习 专题1.2 选择题（力学）（解析版）
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专题1.2 选择题（力学）（解析版）
【迎战中考】2021年物理二轮之试卷题型解密（通用版）
一、中考试卷中的选择题
选择题是中考物理试卷中的固定题型，也是一种基本题型，在中考物理试卷中占据非常重要的位置。从全国各地历年中考试卷来看，选择题所占分值在15分—30分之间，分值比例在25%—38%范围内，平均分值比例高达30%左右；由此可见，对中考物理选择题的考查方向、问题形式、解答技巧和考试内容进行全面的分析和掌握，其重要性不言而喻。
二、选择题考查内容分类
选择题是客观题中最广泛的基本题型，主要考查物理的基本知识、基本概念和基本技能，属于对基础知识的考查形式，故题目难度一般不会太高，属于中低档难度题。选择题是由题干和若干选项组成的。“题干”提出问题，告诉学生要解答的问题，“选项”作为试题的主要内容，可以考查一个或多个知识点，学生通过对备选选项的分析和理解，找出正确答案。由此看来，解答选择题，除了应该具备完整、扎实的基本知识外，还应对选择题的常考知识点和考查方式熟练掌握。下面对选择题常考内容进行分类说明：
1.概念辨析型选择题
用所学物理知识或基本概念解释物理现象，并对题干中的每一项内容进行分析（辨析），找出答案，此为概念辨析型选择题。此种类型的考题，考查的知识点广泛，涵盖内容多，并能很好考查学生对基本概念的理解程度，所以题目出现概率很高。
2.规律应用型选择题
利用所学物理规律，对某种物理现象或表述进行分析判断，此类题型属于规律应用型选择题。规律应用型选择题需要学生能很好的理解物理概念，能运用物理规律分析、解释问题，做到透过现象看本质。
3.现象判别型选择题
利用所学知识，对生活中的一些自然现象或物理现象进行判断、辨别就是现象判别型选择题。此类考题问题形式简洁、考查方向明确，会经常出现，也是选择题中常考类型，应该加以重视。
4.图表信息型选择题
图表信息型选择题是通过题干给出的图像、表格信息，利用所学概念和规律进行分析、判断或计算的题型。此类考题除考查学生对物理概念和规律理解程度外，也考查了学生读取信息和利用信息的能力。
5.实验探究型选择题
通过实验探究活动，对所探究的物理现象、物理规律、理论验证等，进行分析、判断和总结，找出题干中符合要求的答案，此类考题就是实验探究型选择题。解答此类问题，需要学生熟悉要验证的理论和规律，实验探究过程会得到什么结论。
6．应用计算型选择题
计算型选择题是利用所学物理规律、公式进行计算，并通过计算找出正确答案的考题类型。计算型选择题主要涉及到压强、浮力、机械效率、功和功率、杠杆、电路、电功率和电热等，考查学生计算能力和运用理论解题能力。
7.物理量估测型选择题
估测题是利用所学的物理概念、规律、物理常数和生活常识对物理量的数值和数量级进行快速计算和取值范围合理估测。估算法是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。估测型选择题主要考查对长度、速度、时间、温度和热量、质量和重力、体积和容量、压力和压强、功和功率等常见物理量的估测，考查一般为数值判断式和单位判断式两种。
力学部分选择题包括机械运动、质量与密度、力的概念、力与运动的关系、压强、浮力、功和机械能、简单机械八个部分；所涉及到的知识点有：长度与时间的测量、运动的描述、平均速度、质量及其测量、密度及其测量、密度的应用、力的概念、重力、弹力、摩擦力、牛顿第一定律、二力平衡、压强及其计算、液体压强、大气压强、流体压强、浮力、阿基米德原理、物体沉浮条件、功与功率的概念、动能与势能、机械能及其转化、杠杆、滑轮、机械效率及其计算等。
一、考点分析
力学部分选择题在整个选择题中占有很大比例，属于必考内容，在选择题中一般有2-4道题。常见考查内容除了考查对这些知识点理解、认识程度外，更多的是如何利用所学知识点分析、判断和解释我们看到的现象及其应用。
根据历年全国各地中考试卷来看，在选择题中，对以上知识点的考查主要集中在运动的描述、质量与密度的概念及其测量、对三种力的分析、运动与力的关系、牛顿第一定律应用、二力平衡、压强的概念及其判断、液体压强与大气压强的分析、浮力相关问题与分析、功与功率分析、机械能相关问题、杠杆问题分析等。
二、常见考查方式
本专题常见考查方式见下表。
序号
问题方式
序号
问题方式
1
运动的相对性分析
2
速度概念应用
3
质量的概念
4
天平的使用与测量
5
对密度概念分析
6
密度测量与实验问题
7
力的相互作用、力的概念
8
弹力与重力的概念及其分析
9
对牛顿第一定律的理解
10
二力平衡分析
11
摩擦力概念与分析
12
摩擦力探究实验
13
压强的概念与分析
14
液体压强特点、分析及计算
15
大气压强概念及应用
16
流体压强与流速关系分析
17
浮力相关问题分析
18
阿基米德原理应用
19
物体沉浮条件分析
20
物质比热容及其应用
21
功与功率的概念分析与计算
22
动能与势能的概念及分析
23
机械能转化分析
24
杠杆分析
25
滑轮的应用分析
26
机械效率分析与计算
一、选择题考查内容分类
力学部分选择题类型有概念辨析型、现象判别型、规律应用型、图表信息型、应用计算型和实验探究型六个大类。
二、解题方略
解答选择题，一定要避免题目的干扰和误导，防止和减少凭猜测确定答案的做法；二要认真审题，明确对选项的要求，如所要选择的选项是“正确”的还是“不正确（错误）”的，防止由于“眼误”而导致解题错误；三要针对不同题目选择合适的解题方法。
解答力学选择题常见方法有：直接判断法、排除法（剔除法）、概念辨析法、计算求解法四种方法。
方法一：直接判断法
直接判断法是直接运用基本概念、基本规律，对备选项中的答案进行判断。选项常以物理观象、知识点和基本概念等内容为主，对应的题型多数是识记型选择题。这类题目主要用于考查学生对物理知识的记忆和理解程度，属常识性知识的题目。
【典例】（2020•广西）2020年7月3日长征四号乙运载火箭，成功将高分辨率多模综合成像卫星送入预定轨道，如图所示，火箭加速上升的过程中，它所运载的卫星（ ）。。
A．动能增大、重力势能减小；
B．动能减小、重力势能增大；
C．机械能增大、动能增大；
D．机械能减小、重力势能增大
【答案】C。
【解析】火箭加速上升阶段，卫星质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；卫星上升时没有发生弹性形变，不具有弹性势能；机械能＝动能+重力势能，机械能增大。
故选：C。
【跟踪练习】
1.（2020•济南）如图所示，“复兴号”列车在平直路段上加速行驶的过程中，它的（ ）。
A．动能增大 B．动能减小
C．重力势能增大 D．重力势能减小
【答案】A。
【解析】列车在平直路段上加速行驶的过程中，它的质量不变，速度增大，所以动能增大；而列车的质量和高度都没有发生改变，所以它的重力势能不变，故A正确，BCD错误；故选：A。
2.（2020•南京）图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有（ ）。
A．①③ B．②③ C．①④ D．②④
【答案】A。
【解析】②羊角锤、④核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
①钓鱼竿、③筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故选：A。
3.（2020•广西）下列物理现象分析错误的是（ ）。
A．橡皮筋被拉长，说明力可以改变物体的形状；
B．单摆往复运动，说明单摆相对地面是静止的；
C．手推墙时人会后退，说明力的作用是相互的；
D．以行驶的单车为参照物，路边树木是运动的
【答案】C。
【解析】A、橡皮筋被拉长，橡皮筋的形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故A错误；
B、单摆往复运动，相对于地面的位置不停的发生变化，故单摆相对地面是静止的，故B错误；
C、手推墙时人会后退，人也受到墙的推力，说明力的作用是相互的，故C正确；
D、以行驶的单车为参照物，路边树木相对于行驶的单车位置不断发生变化是运动的，故D错误。
故选：C。
4.（2020•恩施州）下列几种情况中能使受到浮力变大的是（ ）。
A．潜水艇浸没在水中后继续下潜；
B．轮船由长江驶入大海；
C．从水银中取出铁球放入水中；
D．人由浅水区走向深水区
【答案】D。
【解析】A、潜水艇浸没在水中后继续下潜时，海水的密度不变，排开海水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知潜水艇受到的浮力不变，故A不符合题意；
B、轮船由长江驶入大海，都漂浮，受到的浮力等于轮船重，轮船重力大小不变，则浮力不变，故B不符合题意；
C、因为铁球的密度小于水银的密度，铁球在水银中处于漂浮状态，浮力等于其重力；
因为铁球的密度大于水的密度，铁球在水中沉底，浮力小于其重力，所以从水银中取出铁球放入水中浮力会变小，故C不符合题意；
D、人由浅水区走向深水区时，液体的密度不变，排开水的体积增大，根据F浮＝ρ液gV排可知人受到的浮力增大，故D符合题意。故选：D。
5.（2020•内江）生活和生产中，有时需要增大压强，有时需要减小压强。下列实例中属于减小压强（ ）。
A．拖拉机有两条很宽的履带；
B．剪刀有锋利的刃；
C．刺猬身上有许多刺；
D．“森林医生”啄木鸟有尖锐的喙
【答案】A。
【解析】A、拖拉机有两条很宽的履带是通过增大受力面积来减小压强，故A符合题意；
BCD、剪刀有锋利的刃、刺猬身上有许多刺、“森林医生”啄木鸟有尖锐的喙都是通过减小受力面积来增大压强，故BCD不符合题意。故选：A。
方法二：排除法
按照题意的要求，熟练运用物理概念、规律，对选项与题干的关系或对选项本身的科学性进行判断，将与题干无关或缺乏科学性的选项排除；此方法常应用于单选题。注意有时题目要求选出错误的选项，那就是排除正确的选项。
【典例】（2020•益阳）轰炸机轰炸地面目标时，总要提前投弹才能命中目标，如图所示。下列关于飞机投弹的几种说法正确的是（ ）。
A．炸弹脱离飞机时，炸弹的速度为零；
B．炸弹能继续向前飞行，是因为炸弹具有惯性；
C．炸弹能继续向前飞行，是因为炸弹受到向前的推力；
D．惯性与速度有关，炸弹速度越大其惯性越大
【答案】B。
【解析】炸弹被扔出后，炸弹不会受到向前的推力，由于惯性要保持原来和飞机相同的速度，还将会继续向前飞行，炸弹飞行时，速度会发生改变，速度不为0；惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，综上所述，B正确，ACD错误。故选：B。
【跟踪练习】
1.（2020•鄂尔多斯）2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并完成峰顶测量任务（如图）。下列有关登山队员的分析，正确的是（ ）。
A．登山时穿特质鞋是通过增大压力来增大摩擦力；
B．在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对相互作用力；
C．在峰顶测量时，地面对队员的支持力与他对地面的压力是一对相互作用力；
D．从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性的作用
【答案】C。
【解析】A、登山时穿的特质鞋的底面凹凸不平，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故A错误；
B、在峰顶测量时，队员处于静止状态，此时队员所受的重力与地面对他的支持力是一对平衡力，不是一对相互作用力，故B错误；
C、地面对队员的支持力与他对地面的压力是两个物体之间的相互作用力，故C正确；
D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：C。
2．（2020•济南）如图所示衣架的挂钩两侧等距离安装着四个夹子。将三条相同的毛巾按下图各种挂法晾晒在室外的铁丝上，能让衣架在水平方向保持平衡的是（ ）。
A．；B．；C．；D．
【答案】B。
【解析】设一块毛巾重力为G，每个小格的长度为L，
A、左侧力与力臂的乘积为2G×2L＝4GL，右侧力与力臂的乘积为G×L＝GL，左侧≠右侧，故A错误；
B、左侧力与力臂的乘积为2G×L＝2GL，右侧力与力臂的乘积为G×2L＝2GL，左侧＝右侧，故B正确；
C、左侧力与力臂的乘积为2G×L＝2GL，右侧力与力臂的乘积为G×L＝GL，左侧≠右侧，故C错误；
D、左侧力与力臂的乘积为2G×2L＝4GL，右侧力与力臂的乘积为G×2L＝2GL，左侧≠右侧，故D错误；故选：B。
3.（2020•绵阳）高空中形成的雨滴在重力和空气阻力的共同作用下，开始下落的一段时间速度越来越大，落到地面前一段时间匀速下落。雨滴在空中下落的整个过程中（ ）。
A．动能一直增大，机械能守恒；
B．动能先增大后不变，机械能守恒；
C．动能先增大后不变，机械能一直减小；
D．动能先减小后不变，机械能一直减小
【答案】C。
【解析】雨滴在下落过程中，其质量不变；由题知，雨滴的速度先增大后不变，故雨滴的动能先增大后不变；
雨滴在下落过程中，要克服空气阻力做功，其机械能会一直变小，故C正确，ABD错误；
故选：C。
4.（2020•广元）将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（ ）。
A．；B．；C．；D．
【答案】C。
【解析】当鸡蛋在浓盐水中漂浮时，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力；当给浓盐水中缓慢加入水时，混合液的密度开始减小，当此时混合液的密度仍大于鸡蛋的密度，虽然鸡蛋开始缓慢下沉，不过鸡蛋仍处于漂浮状态，只是浸入液体中的体积在增大，而露出的体积在减小，所以此时鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当混合液的密度逐渐减小到等于鸡蛋的密度时，此时鸡蛋在液体中处于悬浮状态，鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当浓盐水中的水越来越多而引起混合液的密度比鸡蛋密度小的时候，此时鸡蛋受到的浮力就会小于重力，鸡蛋出现下沉直至沉到杯子的底部，由此可知，鸡蛋受到的浮力是先不变，然后减小，所以选项C符合题意。
故选：C。
5.（2020•东营）近期交警部门加大对电动车安装遮阳伞的检查拆除力度，遮阳伞虽能遮挡阳光，但存在安全隐患，当电动车快速行驶时，如图所示，下列说法正确的是（ ）。
A．遮阳伞上边空气流速小，压强小，伞面被向下压；
B．遮阳伞下边空气流速大，压强小，伞面被向上吸；
C．遮阳伞上边空气流速大，压强大，伞面被向下压；
D．遮阳伞下边空气流速小，压强大，伞面被向上吸
【答案】D。
【解析】因为流速越大的地方压强越小，所以伞上方的空气压强小于下方的空气压强，大气压产生了一个向上的压力差即升力，电动车的速度越大，升力越大，以较快速度行驶时有“向上飘”的感觉；故D正确。故选：D。
方法三：概念辨析法
利用所学概念和理论，对需要解答每个选项进行分析，判断选项的正误，找出需要的答案。此方法与直接判断法类似，但有不同点。直接判断法可以直接利用所学知识进行正误判断；但概念辨析法需要对选项进行分析，找出题干中不符合概念要求或不正确的论述。
【典例】（2020•眉山）如图所示，甲、乙两个装满不同液体完全相同的密闭容器，放在水平桌面上，则对桌面压强较大的（ ）。
A．如果是甲，则其液体对容器底的压力一定较大；
B．如果是甲，则其液体对容器底的压强一定较大；
C．如果是乙，则其液体对容器底的压力一定较大；
D．如果是乙，则其液体对容器底的压强一定较小
【答案】C。
【解析】（1）若甲对桌面压强较大，由图知S甲＜S乙，根据F＝pS知，甲对桌面压力不一定大，由于在水平面上压力等于重力，所以甲液体的重力不一定大，液体对容器底的压力不一定大，故A错误；
由图知液体的体积和深度相同，但由于不能判断出甲、乙液体重力的大小，所以不能判断出甲、乙液体密度的大小，也就不能判断出其液体对容器底的压强的大小，故B错误；
（2）若乙对桌面压强较大，由图知S甲＜S乙，根据F＝pS知，乙对桌面压力一定大，由于在水平面上压力等于重力，所以乙液体的重力一定大，又因为甲液体有一部分压在容器壁上，液体对容器底的压力小于重力，由于物体间力的作用是相互的，乙液体对容器底的压力大于乙液体的重力，所以乙液体对容器底的压力一定较大，故C正确；
由图知液体的体积和深度相同，由于乙液体的重力大于甲液体的重力，根据G＝mg＝ρgV知，乙液体的密度大于甲液体的密度，根据p＝ρgh知乙液体对容器底的压强一定较大，故D错误。
故选：C。
【跟踪练习】
1.（2020•武汉）铁块和小桌静止在海绵上，如图甲所示。撤掉小桌后，铁块再次静止在海绵上，如图乙所示。铁块的质量是600g，铁块的底面积是20cm2，小桌的质量是200g。桌面的面积是81cm2，下列说法正确的是（ ）。
A．图甲中，铁块对小桌的压强比小桌对海绵的压强大；
B．图甲中，铁块对小桌的压强比小桌对海绵的压强小；
C．图甲中铁块对小桌的压强比图乙中铁块对海绵的压强大；
D．图甲中铁块对小桌的压强比图乙中铁块对海绵的压强小
【答案】A。
【解析】AB、铁块对小桌的压力等于铁块的重力，F铁块＝G铁块＝m铁块g＝0.6kg×10N/kg＝6N；
铁块对小桌的压强：p铁块＝＝＝3000Pa；
小桌对海绵的压力等于小桌和铁块的总重，F小桌＝G总＝（m铁块+m小桌）g＝（0.6kg+0.2kg）×10N/kg＝8N；
小桌对海绵的压强：p小桌＝＝≈987.7Pa；
由计算可知：p铁块＞p小桌；故A正确，B错误；
CD、图甲中铁块对小桌的压力和图乙中铁块对海绵的压力都等于自身的重力，故压力相等，且受力面积相同，所以图甲中铁块对小桌的压强和图乙中铁块对海绵的压强相等；故CD错误。故选：A。
2.（2020•通辽）水平面上放有甲、乙两个完全相同的容器，容器中装有质量相等的不同液体。现把质量相等的A、B两球放入甲容器中后，A漂浮、B沉底；用线把A、B两球系在一起放入乙容器中（线的质量和体积不计），静止后的状态如图所示，两容器中液面恰好相平。下列说法不正确的是（ ）。
A．B球在甲中排开液体重力小于在乙中排开液体重力；
B．A球在甲中所受浮力大于在乙中所受浮力；
C．甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受液体压强；
D．甲容器对水平面压强等于乙容器对水平面压强
【答案】B。
【解析】A、由图可知，AB两球排开液体的总体积：V排甲＜VA+VB，V排乙＝VA+VB，所以，V排甲＜V排乙；
已知甲、乙两个完全相同的容器，两容器中液面恰好相平，则：V甲+V排甲＝V乙+V排乙，所以，V甲＞V乙，即甲容器中液体的体积较大；
已知容器中的液体质量相等，根据ρ＝可知：ρ甲＜ρ乙；
B球排开液体的重力：G排液＝ρ液gVB，ρ甲＜ρ乙；
B球在甲中排开液体重力小于在乙中排开液体重力，故A正确；
B、由图可知，A在甲液体中漂浮，根据漂浮条件可知：FA浮甲＝GA﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
A和B在乙液体中一起悬浮，则A球的受力情况是：FA浮乙＝GA+F﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②可知，FA浮甲＜FA浮乙，故B错误；
C、已知两容器中液面恰好相平（液体的深度相同），ρ甲＜ρ乙，根据p＝ρgh可知：p甲＜p乙，故C正确；
D、容器对水平面的压力等于容器的总重力，即F压＝G液+G容+GA+GB；
由于容器和液体质量均相等，A、B两球的质量不变，所以，F甲＝F乙，即两容器对水平面的压力相等，
由于甲、乙两个完全相同的容器，则水平面的受力面积相等，根据p＝可知：p甲′＝p乙′，即两容器对水平面的压强相等，故D正确。故选：B。
3.（2020•广西）伽利略认为：一个金属小球从光滑斜面的某一高度处静止滚下，由于不受阻力，没有能量损耗，那么它必定到达另一光滑斜面的同一高度，如果把斜面放平缓一些，也会出现同样的情况。其模拟实验如图所示，则下列说法中正确的是（ ）。
A．小球在运动过程中只受重力作用；
B．在滚下斜面的过程中，小球的动能转化为重力势能，机械能减少；
C．另一斜面越平缓，小球在它上面运动的距离越小；
D．如果另一斜面变成水平面，则小球达不到同样的高度而会永远运动下去
【答案】D。
【解析】A．小球在运动过程中除受到重力作用外，还受到支持力的作用，故A错误；
B．在滚下斜面的过程中，小球的质量不变，高度变小，速度变大，则重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能；小球运动时不受阻力，其机械能是守恒的，故B错误；
C．因为小球在运动过程中机械能守恒，所以，另一斜面越平缓，小球在它上面运动的距离越大，故C错误；
D．如果斜面变成水平面，水平面光滑，不受阻力，则小球会做匀速直线运动，永远运动下去，故D正确。故选：D。
4.（2020•徐州）如图所示，用气球、夹子、吸管和胶带制成“喷气火箭”。把封口的夹子松开后，气球在轨道上以起点A向右冲出，最后停在B点，下列关于气球整个运动过程的说法正确的是（ ）。
A．一直做加速运动 B．先加速后减速
C．做匀速直线运动 D．先减速后加速
【答案】B。
【解析】把封口的夹子松开后，里面的气体膨胀对外做功，产生了一个推力，推力开始大于摩擦力，随着空气的排出变小并于一瞬间等于摩擦力后又小于摩擦力，直至最后等于零。所以气球先加速后减速。故B正确、ACD错误。故选：B。
5.（2020•广西）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力，如图所示，杆秤在水平位置平衡，以下说法正确的是（ ）。
A．“重”增大时，N端上扬 B．“权”增大时，M端上扬
C．“权”向右移时，N端下沉 D．提纽向右移时，M端上扬
【答案】C。
【解析】A．“重”增大时，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积N端下沉，故A错误；
B．“权”增大时，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积M端下沉，故B错误；
C．“权”向右移时，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积N端下沉，故C正确；
D．提纽向右移时，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积M端下沉，故D错误。
故选：C。
方法四：推理法
推理法是根据题干给出的条件，利用有关的物理规律、物理公式或物理原理通过逻辑推理或计算得出正确答案，然后再与备选答案对照作出选择。
【典例】（2020•甘孜州）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）在相同时间内把重物G提升相同高度。若F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）。
A．力F1和F2做功的功率相同；
B．力F1和F2做的总功相同；
C．两个滑轮组机械效率一样大；
D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高
【答案】D。
【解析】由图知，甲滑轮组中承担物重的绳子段数n＝3，乙滑轮组中承担物重的绳子段数n＝4。
AB、若重物上升高度为h，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：s甲＝3h，s乙＝4h；
甲滑轮组中拉力做的总功为W甲总＝F1•3h，乙滑轮组中拉力做的总功为W乙总＝F2•4h，
已知F1＝F2，所以W甲总＜W乙总，故B错误；
已知时间相同，由公式P＝知，P甲总＜P乙总．故A错误；
CD、甲、乙两滑轮组提升的物重G相同，设一个动滑轮的重为G动，
不计绳重及摩擦，则甲滑轮组的机械效率为：η甲＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
同理可得，乙滑轮组的机械效率为：η乙＝×100%，
所以η甲＞η乙，故C错误，D正确。故选：D。
【跟踪练习】
1.（2020•株洲）一根粗细均匀的木棒，斜靠在竖直墙壁上。墙壁光滑，地面粗糙，木棒受到的重力为G，墙壁对木棒的弹力为F，如图所示，现让木棒的倾斜度变小一些至虚线所示位置，木棒仍能静止斜靠在墙上，则与原来相比，G和F变化情况为（ ）。
A．G不变，F变小 B．G不变，F变大
C．G变化，F变小 D．G变化，F变大
【答案】B。
【解析】以与地面接触点为支点，设与墙壁接触点与地面的距离为h，与地面接触点与墙壁距离为L，根据杠杆平衡条件，有：
F×h＝G×，
解得：F＝
现让木棒的倾斜度变小一些至虚线所示位置，
由于重力G不变、L变大、h减小，故弹力F增加，故B正确。故选：B。
2.（2020•贵港）如图所示，完全相同的A、B两个长方体物块叠放在水平地面上，在拉力F作用下，物块A、B一起向右做匀速直线运动下列说法正确的是（ ）。
A．物块A受到的重力和B对A的支持力是一对相互作用力；
B．物块B受到的重力和地面对B的支持力是一对平衡力；
C．物块A对B的摩擦力方向水平向右，大小等于F；
D．物块B对地面的摩擦力方向水平向左，大小等于F
【答案】C。
【解析】A、物块A受到的重力和B对A的支持力作用在同一个物体上，不是一对相互作用力，故A错误；
B、地面对B的支持力等于物体A、B的重力之和，则物块B受到的重力要小于地面对B的支持力，所以二力不是一对平衡力，故B错误；
C、物块A、B一起向右做匀速直线运动，对A来说，A受力平衡，在水平方向上A受到向右的拉力和向左的B对A的摩擦力的作用，这两个力大小相同，大小都为F；由于力的作用是相互的，所以A对B的摩擦力大小等于F，方向水平向右，故C正确；
D、对整体进行受力分析，整体向右做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上整体受到向右的拉力和地面对B向左的摩擦力，则摩擦力f＝F；根据力作用的相互性可知，B对地面的摩擦力的方向是向右的，大小等于F，故D错误。故选：C。
3.（2020•广州）球竖直向上运动，并落回地面，这过程中先后经过M、S两点。球在这两点的动能和重力势能如图所示，则球在M点的（ ）。
A．速度比在S点的大 B．机械能大于在S点的
C．机械能等于在S点的 D．离地高度比在S点的低
【答案】B。
【解析】A、球的质量不变，球在M点的动能小于S点动能，所以求在M点的速度小于S点速度，故A错误。
BC、球在运动过程中没有发生弹性形变，所以机械能等于动能和重力势能之和，由图知，球在M点动能和S点重力势能相等，M点的重力势能大于S点的动能，所以M点的机械能大于S点的机械能，故B正确，C错误。
D、M点的重力势能大于S点的重力势能，球的质量不变，所以球在M点的高度大于S点的高度，故D错误。故选：B。
4.（2020•雅安）如图所示，当乒乓球从水里上浮到水面上，乒乓球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底的压强为pA，在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是（ ）。
A．FA＝FB pA＝pB B．FA＜FB pA＜pB
C．FA＞FB pA＞pB D．FA＞FB pA＝pB
【答案】C。
【解析】由图知，乒乓球在A位置时是浸没，此时V排A＝V球；在B位置时是漂浮，此时V排B＜V球，所以V排A＞V排B，
由F浮＝ρ液gV排可知乒乓球受到的浮力FA＞FB；
由于从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则hA＞hB，
根据p＝ρgh可知水对杯底的压强pA＞pB。故选：C。
5.（2020•达州）如图所示，把用ρ＝1.0×103kg/m3的复合材料制成边长分别为2m和3m的甲、乙两实心均匀正方体放在水平地面上，甲、乙对地面的压强分别为p甲、p乙；把G1＝2×104N的物体放在甲上，G2＝3×104N的物体放在乙上，此时甲、乙对地面的压强分别为p甲′、p乙′，则下列结果正确的是（ ）。
A．p甲：p乙＝2：3，p甲′：p乙′＝3：4；
B．p甲：p乙＝2：3，p甲′：p乙′＝4：3；
C．p甲：p乙＝3：2，p甲′：p乙′＝3：4；
D．p甲：p乙＝3：2，p甲′：p乙′＝4：3
【答案】A。
【解析】（1）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，实心均匀正方体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgL，
则甲、乙对地面的压强之比p甲：p乙＝ρgL甲：ρgL乙＝L甲：L乙＝2m：3m＝2：3，故CD错误；
（2）由G＝mg＝ρVg＝ρL3g可得，甲、乙两实心均匀正方体的重力分别为：
G甲＝ρL甲3g＝1.0×103kg/m3×（2m）3×10N/kg＝8×104N，
G乙＝ρL乙3g＝1.0×103kg/m3×（3m）3×10N/kg＝2.7×105N，
甲、乙的底面积分别为：S甲＝L甲2＝（2m）2＝4m2，S乙＝L乙2＝（3m）2＝9m2，
此时甲、乙对地面的压强分别为：
p甲′＝＝＝2.5×104Pa，p乙′＝＝＝×104Pa，
则p甲′：p乙′＝2.5×104Pa：×104Pa＝3：4，故A正确、B错误。故选：A。
一、运动与力
1．（2020•日照）用物理知识解释下列体育运动，正确的是（ ）。
A．足球比赛﹣运动的足球被守门员挡在了手中，说明力可以改变物体的运动状态；
B．百米赛跑﹣比赛穿“钉子鞋”成绩会更好，说明增大接触面的粗糙程度可减小摩擦；
C．引体向上﹣如果运动员受的重力和单杠对他的拉力是一对平衡力，说明运动员静止；
D．投掷标枪﹣离开手的标枪能继续向前运动，说明重力能推动物体继续运动
【答案】A。
【解析】A、运动的足球被守门员挡在了手中，足球的速度大小发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B、百米赛跑﹣比赛穿“钉子鞋”，运动员鞋底是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故B错误；
C、人在单杠上静止时，运动员受的重力和单杠对他的拉力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上并在同一条直线上，是一对平衡力，受平衡力时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态，故C错误；
D、投掷出去的标枪由于具有惯性，仍要保持原来的运动状态，不需要力来维持，故D错误。
故选：A。
2．（2020•淄博）物理与生活联系非常密切，下列数据符合实际的是（ ）。
A．一张纸的厚度约为1mm
B．成年人步行的速度约为10m/s
C．家用空调正常工作时的功率约为100W
D．两个鸡蛋的质量约为100g
【答案】D。
【解析】A、一张纸的厚度约为0.1mm，故A错误。
B、成年人步行的速度约为1m/s，故B错误。
C、家用空调正常工作时的功率约为1000W，故C错误。
D、一斤（500g）鸡蛋可称8﹣﹣10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g，故两个鸡蛋的质量约100g，故D正确。故选：D。
3．（2020•日照）6月23日，北斗导航系统最后一颗组网卫星﹣“北斗三号”卫星在西昌基地发射成功。6月30日，这颗卫星成功定位于地球同步轨道。“北斗人”攻坚克难、拾级而上，提前半年全面完成“北斗三号”全球卫星导航系统星座部署，扬了国威，长了志气。下列说法正确的是（ ）。
A．点火后，在加速上升的过程中，卫星的动能增加，重力势能减少；
B．点火后，在加速上升的过程中，卫星的重力势能增加，动能减少；
C．卫星进入地球同步轨道后，将处于平衡状态；
D．卫星进入地球同步轨道后，不受空气阻力，机械能不变
【答案】D。
【解析】AB、点火后，在加速上升的过程中，质量不变，但是高度增加，速度增大，所以重力势能和动能都增大，故AB错误；
C、卫星绕地球飞行，运动方向不断改变，所以卫星的运动状态在不断改变，所以处于变速运动状态，不是平衡状态，故C错误；
D、在大气外运行，不受空气阻力时，卫星的机械能守恒，故D正确。故选：D。
4．（2020•西藏）为了响应“绿色生活，低碳出行”的号召，旦增坚持乘坐新能源公交车出行。一辆新能源公交车在水平公路上匀速行驶，以下分析正确的是（ ）。
A．汽车在行驶过程中，动能不断增加；
B．汽车受到的牵引力与汽车受到的阻力是一对平衡力；
C．汽车受到的重力与地面对汽车的支持力是相互作用力；
D．驾驶员必须系安全带，是为了防止惯性力带来的危害
【答案】B。
【解析】A．汽车在行驶过程中，因为质量不变，速度不变，所以动能不变，故A错误；
B、这时汽车受到的牵引力与汽车受到的阻力因为大小相等，方向相反，作用在一条直线上，并且作用在同一物体汽车上，满足二力平衡条件，是一对平衡力，故B正确；
C、汽车受到的重力与地面对汽车的支持力，这两个力作用在同一个物体汽车上，不满足相互作用力条件，不是相互作用力，故C错误；
D、驾驶员必须系安全带是为了防止惯性带来的危害，不能说“惯性力”带来的危害，故D错误。
故选：B。
5．（2020•绵阳）2020年6月1日起，公安部交管局在全国开展“一盔一带”安全守护行动，要求骑摩托车和电动自行车必须戴头盔，开车必须系安全带。戴头盔、系安全带能保护人的生命安全，其原因是在遇到交通事故时（ ）。
A．头盔能防止人头由于惯性撞击头盔；
B．安全带能防止人体由于惯性飞出车外；
C．头盔能减小人头的惯性，从而减小撞击力的大小；
D．安全带能减小人体的惯性，从而减小撞击力的大小
【答案】B。
【解析】A、头盔的作用是在人的头部受到撞击时，通过增大受力面积减小对头部的压强，对驾驶员起一个保护作用；故A错误；
B、汽车在紧急刹车时，人由于惯性会继续保持原来的运动状态向前运动，容易撞上挡风玻璃而飞出车外，系安全带可以避免人由于惯性飞出车外，故B正确；
CD、惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，所以头盔和安全带只能减少人受到的伤害，不能减小惯性；故CD错误。故选：B。
6．（2020•锦州）2020年5月5日，我国“长征五号”B运载火箭在海南文昌发射成功。关于火箭发射过程中所包含的物理知识，正确的是（ ）。
A．发射前，火箭对发射台的压力和发射台对火箭的支持力是一对平衡力；
B．发射前，火箭受到的重力和火箭对发射台的压力是一对相互作用力；
C．火箭加速升空的过程中，机械能不守恒；
D．火箭加速升空的过程中，动能转化为重力势能
【答案】C。
【解析】A、发射前，火箭对发射台的压力和发射台对火箭的支持力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力。故A错误。
B、发射前，火箭受到的重力和火箭对发射台的压力方向相同，所以不是一对相互作用力。故B错误。
C、火箭加速升空过程中，质量不变，速度增大，所以动能增大；同时高度增大，所以重力势能增大；火箭的动能和势能均能大，所以机械能不守恒。故C正确。
D、火箭加速升空过程中，火箭的动能和势能均能大，所以动能没有转化为重力势能；故D错误。
故选：C。
7．（2020•上海）甲、乙两车同时从P点出发，沿同方向做匀速直线运动，两车的s﹣t图象分别如图（a）（b）所示。两车先后到达距P点18米的Q处，时间差为△t，则（ ）。
A．甲比乙先到达Q处，△t＝12s；
B．甲比乙先到达Q处，△t＝18s；
C．乙比甲先到达Q处，△t＝12s；
D．乙比甲先到达Q处，△t＝18s
【答案】C。
【解析】由图象可知，s甲＝3.6m，t甲＝6s；s乙＝6.0m，t乙＝6s；
则甲车的速度为：v甲＝＝＝0.6m/s，
乙车的速度为：v乙＝＝＝1m/s。
甲车通过18米的路程需要的时间为：t甲′＝＝＝30s，
乙车通过18米的路程需要的时间为：t乙′＝＝＝18s，
故乙车先到达Q处，两车到达Q处的时间差为：△t＝t甲′﹣t乙′＝30s﹣18s＝12s。
故选：C。
8．（2020•常州）小明在家进行趣味物理实验“竖辣椒”，通过不断调节，最终把一根辣椒竖立在桌面上。下列关于辣椒的受力示意图中，正确的是（ ）。
A．；B．；C．；D．
【答案】A。
【解析】由题知，辣椒在竖直方向上保持静止状态，辣椒在竖直方向上受到的重力和支持力是一对平衡力。
A、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，二力方向相反、作用在一条直线上，都作用在辣椒上（作用点也可以都画在重心上），故A正确；
B、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，二力不在一条直线上，故B错误；
C、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，重力的作用点不在重心、二力不在一条直线上，故C错误；
D、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，重力的作用点不在重心、二力方向不相反、二力不在一条直线上，故D错误。故选：A。
9．（2020•十堰）如图，某同学连续用脚蹬地，滑板车在水平路面加速前进，停止蹬地后，滑板车慢慢停下来。关于图中滑板车的运动，下列说法正确的是（ ）。
A．物体的运动离不开力；
B．滑板车运动的速度越大，惯性越大；
C．滑板车受的支持力与滑板车的重力是平衡力；
D．用脚蹬地时，该脚所受摩擦力方向向前
【答案】D。
【解析】A、停止蹬地后，滑板车受到阻力的作用会慢慢停下来，说明了力是改变物体运动状态的原因，力不是维持物体运动的原因，故A错误；
B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，故B错误；
C、地面对滑板车的支持力等于滑板车和同学的重力之和，所以地面对滑板车的支持力与滑板车的重力的大小不相等，则二力不是平衡力，故C错误；
D、用脚蹬地时，脚相对于地面有向后的运动趋势，故摩擦力方向与之相反，即摩擦力方向是向前的，故D正确。故选：D。
10．（2020•黄石）甲、乙两物体，同时从同一地点出发沿直线向同一方向运动，它们的s﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（ ）。
A．0﹣5s内，乙的平均速度为3m/s
B．3﹣5s内，乙做匀速直线运动
C．4s时，乙在甲前方5m处
D．5s时，甲、乙两物体的速度相等
【答案】A。
【解析】AB、由s﹣t图可知，0～3s内乙做匀速直线运动，乙运动的距离是15m，3～5s内，乙处于静止状态，0～5s，乙的平均速度v乙＝＝＝3m/s，故A正确，B错误；
C、甲做匀速直线运动，甲的速度v甲＝＝＝3m/s，4s时，甲运动的距离s甲1＝v甲t1＝3m/s×4s＝12m，
4s时，乙运动的距离s乙＝15m，4s时，乙在甲前方：△s＝s乙﹣s甲1＝15m﹣12m＝3m，故C错误；
D、5s时，甲的速度是3m/s，乙是静止状态，速度不同，故D错误。故选：A。
二、压强
1．（2020•广西）如图所示，体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，其中甲、乙阴影部分为等大的正方形，甲、乙的密度分别为ρ甲、ρ乙，对地面的压强分别为p甲、p乙，将它们顺时针旋转90°，甲、乙对地面压强的变化量分别为△p甲、△p乙．△p甲＜△p乙，则（ ）。
A．ρ甲＜ρ乙，p甲＞p乙 B．ρ甲＜ρ乙，p甲＜p乙
C．ρ甲＞ρ乙，p甲＞p乙 D．ρ甲＞ρ乙，p甲＜p乙
【答案】B。
【解析】由题意知，甲、乙的体积相同，在水平地面上的压力等于重力，则甲对地面的压强变化量为：
△p甲＝﹣＝﹣＝G甲（﹣）；
乙对地面的压强变化量为：△p乙＝﹣＝G乙（﹣）；
由△p甲＜△p乙，可知G甲（﹣）＜G乙（﹣）；
故G甲＜G乙；长方体甲乙体积相同，根据公式：G＝mg＝ρVg，
可得出ρ甲＜ρ乙﹣﹣﹣﹣①，
将它们顺时针旋转90°前，甲对地面的压强为：p甲＝，
乙对地面的压强为：p乙＝，
由G甲＜G乙和S立＜S平，
故p甲＜p乙﹣﹣﹣﹣②，
由①②，ACD不符合题意，B符合题意。故选：B。
2．（2020•百色）如图所示，水平桌面上放置有底面积为S．重为G1的薄壁容器，容器装有密度为ρ、深度为h，重为G2的某种液体，设液体对容器底部的压强为p1，容器对桌面的压强为p2，下列选项正确的是（ ）。
A．；B．p1＝ρgh；C．；D．+ρgh
【答案】B。
【解析】（1）液体对容器底部的压强：p1＝ρgh，故A错误，B正确；
（2）容器对桌面的压力：F＝G总＝G1+G2，则容器对桌面的压强：p2＝＝，故CD错误。
故选：B。
3．（2020•枣庄）如图所示，四个完全相同的条形磁体叠放在水平桌面上，甲、乙两图中桌面受到的压力分别为F甲、F乙，压强分别为p甲、p乙，关于它们的大小比较，下列说法正确的是（ ）。
A．F甲＝F乙p甲＝p乙 B．F甲＞F乙p甲＞p乙
C．F甲＜F乙p甲＜p乙 D．F甲＞F乙p甲＝p乙
【答案】A.
【解析】四个条形磁铁完全相同，则重力相等，如图所示，叠放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于重力，故甲，乙两图中桌面受到的压力分别相等，即F甲＝F乙；
甲乙的受力面积相同，根据p＝可知，甲，乙两图中桌面受到的压强也相等，即p甲＝p乙，故A正确，BCD错误。故选：A。
4．（2020•黄石）如图所示，是ab两种物质m﹣V的关系图象，若用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，将甲、乙放在水平地面上。下列说法正确的是（ ）。
A．a、b的密度之比为4：1；
B．甲、乙两个正方体对地面的压强之比为4：1；
C．a、b的密度之比为2：1；
D．甲、乙两个正方体对地面的压强之比为2：1
【答案】B。
【解析】AC、由图象可知，当m＝80g时，V甲＝5cm3、V乙＝40cm3，
a、b两种物质的密度为：ρa＝＝＝16g/cm3，ρb＝＝＝2g/cm3，
a、b的密度之比：ρa：ρb＝16g/cm3：2g/cm3＝8：1，故A、C错误；
BD、用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，其体积之比：
V甲：V乙＝：＝ρb：ρa＝1：8，
由V＝L3可得正方体的边长之比：L甲：L乙＝1：2，
因为正方体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρLg，
所以，甲乙两物体对水平地面的压强之比：＝＝＝，故B正确、D错误。故选：B。
5．（2020•株洲）竖直放置一矿泉水瓶子，并在侧壁钻A、B、C、D四个一样大小的小孔，打开瓶盖，往瓶中注满水，水将从瓶孔喷出，水喷出速度最大的是从哪一个小孔喷出的（ ）。
A．A孔 B．B孔 C．C孔 D．D孔
【答案】D。
【解析】液体内部向各个方向都有压强，并且液体内部的压强随着深度的增加而增大。
由于D孔的深度最深，所以此处的液体内部的压强最大，故D孔喷出的水流速最大。故选：D。
6．（2020•潍坊）如图所示，一圆形水管左粗右细，a、b为粗管和细管中同一水平面上的点，水管中有一气泡，随水向右快速运动，气泡经过a、b两点时体积大小的比较，以下分析正确的是（ ）。
A．a点时大 B．b点时大 C．一样大 D．均有可能
【答案】B。
【解析】由于圆形水管左粗右细，当水经过a、b两点时，b点的流速大，压强小，所以气泡经过b点时的体积大于a点时体积，故B正确、ACD错误。故选：B。
7．（2020•泸州）在泸州市第35届科技创新大赛上，某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中，另一端与塑料瓶盖相连并密封，在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉，然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧，发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内，如图所示。下列说法中正确的是（ ）。
A．塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，目的是让瓶内空气增加；
B．用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终等于大气压；
C．烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是利用了连通器原理；
D．烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压
【答案】D。
【解析】A、往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气液化，体积变小，瓶内气体压强变小，故A错误；
B、将瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是不让大气进入瓶中，水蒸气液化，体积变小，瓶内气压小于大气压，故B错误；
C、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是大气压强的作用，不是连通器原理，故C错误；
D、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压，烧杯中的水在大气压的作用下，流入塑料瓶，故D正确。故选：D。
8．（2020•襄阳）如图所示，甲、乙两个实心正方体物块放置在水平地面上，甲的边长大于乙的边长。甲对地面的压强为p1，乙对地面的压强为p2．下列判断正确的是（ ）。
A．若甲、乙密度相等，将甲放到乙上，乙对地面的压强有可能变为p1
B．若甲、乙密度相等，将乙放到甲上，甲对地面的压强有可能变为p2
C．若甲、乙质量相等，将甲放到乙上，乙对地面的压强有可能变为p1
D．若甲、乙质量相等，将乙放到甲上，甲对地面的压强有可能变为p2
【答案】D。
【解析】设甲的边长为a，乙的边长为b，由题意知a＞b，由S＝L2可知，S甲＞S乙。
AB．若甲、乙密度相等，因实心正方体物块对水平地面的压强：
p＝＝＝＝＝＝ρgL，
则p1＝ρga，p2＝ρgb，由a＞b可知，p1＞p2。
①将甲放到乙上，乙对地面的压强：
p2'＝＝＝＝+p2，
因为a＞b，所以＞ρga＝p1，
所以p2'＞p1，故A错误；
②将乙放到甲上，与甲相比，甲对地面的压力变大，受力面积不变，所以甲对地面的压强变大，即p1'＞p1；因为p1＞p2，所以，此时甲对地面的压强p1'＞p1＞p2，故B错误；
CD、如果甲、乙的质量相等，则p1＝＝，p2＝＝，
因为S甲＞S乙，所以p1＜p2。
①将甲放到乙上，则乙对地面的压强：p2'＝，且p1＝＝，
因为2S甲＞S乙，所以p2'＞p1，故C错误；
②将乙放到甲上，甲对地面的压强p1'＝，
若S甲＝2S乙，则p1'＝＝＝＝p2，
即甲对地面的压强有可能变为p2，故D正确。故选：D。
9．（2020•无锡）如图所示，把长约20cm的饮料吸管从中部剪开（但不要彻底剪断）并弯折过来，将其中一段吸管a插在盛水的烧杯中，从另一段吸管b的管口用力吹气，水将从a管的管口喷出，且呈雾状，这是因为吹气时（ ）。
A．a管上端附近气体的压强变大；B．a管上端附近气体的压强变小；
C．烧杯中水面上气体的压强变大；D．烧杯中水面上气体的压强变小
【答案】B。
【解析】往B管中轻轻吹气，可以看到a管中的水面上升，原因是：往b管中吹气，吸管a上方空气的流速增大，压强减小，a管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以a管水上升后从管口喷出；烧杯中水面上气体的压强是不变，故B正确、ACD错误。故选：B。
10．（2020•北京）如图所示，把小桌甲倒放在海绵上，其上放一个物体乙，它们静止时，物体乙的下表面和小桌甲的桌面均水平。已知小桌甲重G1，桌面面积为S1；物体乙重G2，下表面的面积为S2。下列说法正确的是（ ）。
A．甲对海绵的压力就是甲受到的重力；
B．乙对甲的压力就是乙受到的重力；
C．甲对海绵的压强大小为；
D．乙对甲的压强大小为
【答案】C。
【解析】AB．压力是垂直作用在物体表面上的力，重力是指由于地球的吸引而产生的力，二力产生原因和方向不同，
只有当把物体放在水平面上时，对水平面的压力才等于物体重力，
所以，甲对海绵的压力F甲＝G1+G2，乙对甲的压力F乙＝G2，故AB错误；
CD．甲对海绵的压强p甲＝＝，乙对甲的压强p乙＝＝，故C正确、D错误。
故选：C。
三、功与机械能
1．（2020•广西）如图所示，在动能大小与质量的关系的实验研究中，下列分析正确的是（ ）。
A．实验中不需要控制钢球在同一高度由静止滚下；
B．当木块最终静止时，木块的惯性也会随之消失；
C．如果木块滑行时所受的外力全部消失，木块将做匀速直线运动；
D．木块滑行一段距离后停止运动，说明物体的运动需要力来维持
【答案】C。
【解析】A、研究动能大小与质量的关系的实验中，要控制速度相同，故要控制钢球在同一高度由静止滚下，A错误；
B、一切物体在任何情况下都有惯性，当木块最终静止时，木块的惯性不会随之消失，B错误；
C、如果木块滑行时所受的外力全部消失，由牛顿第一定律，木块将做匀速直线运动，C正确；
D、木块滑行一段距离后停止运动，说明力是改变物体运动的原因，D错误。故选：C。
2．（2020•柳州）苹果从高处落下，它减少的重力势能等于增加的动能（不计空气阻力），这一过程所遵循的物理规律是（ ）。
A．焦耳定律 B．欧姆定律
C．能量守恒定律 D．牛顿第一定律
【答案】C。
【解析】苹果从高处落下，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，不计空气阻力，则它减少的重力势能等于增加的动能，符合能量守恒定律，故C正确。故选：C。
3．（2020•阜新）如图是网球运动员挥拍击球的瞬间，下列说法正确的是（ ）。
A．网球在下落的过程中，重力势能转化为动能；
B．网球在空中运动的过程中，受到平衡力的作用；
C．球拍的网面凹陷，说明力可以改变物体的运动状态；
D．网球在惯性的作用下，向前运动
【答案】A。
【解析】A、网球下落时，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，重力势能转化成动能，故A正确；
B、乒乓球在空中飞行过程中速度和方向都发生变化，所以不是受到平衡力的作用，故B错误；
C、球拍的网面凹陷，说明力可以改变物体的形状，故C错误；
D、网球由于惯性向前运动，惯性不是力，不能说惯性的作用，故D错误。故选：A。
4．（2020•内江）2020年6月23日，我国将最后一颗全球组网的“北斗三号”导航卫星圆满发射成功。在发射过程中，“北斗三号”导航卫星随火箭加速上升，在加速上升阶段，“北斗三号”导航卫星的（ ）。
A．动能不变 B．重力势能增大
C．机械能减小 D．机械能不变
【答案】B。
【解析】影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在火箭加速上升的过程中，北斗导航卫星的质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度增加，重力势能增大，所以机械能增大，故B符合题意，A、C、D不符合题意。故选：B。
5．（2020•广安）下列有关机械运动的说法，正确的是（ ）。
A．通信卫星由近地点向远地点运动过程中，动能增大，重力势能减小；
B．小秦骑车匀速转弯，运动状态一定发生了改变；
C．体育课上王虎比张明跑得快，则王虎通过的路程比张明多；
D．端午节划龙舟比赛时，以龙舟上的鼓为参照物龙舟是运动的
【答案】B。
【解析】A、通信卫星由近地点向远地点运动过程中，质量不变、高度增大，势能增大；质量不变、速度减小，动能减小，故A错误；
B、小秦骑车匀速转弯，运动的方向发生了变化，所以运动状态一定发生了改变，故B正确；
C、体育课上王虎比张明跑得快，说明王虎的速度大，由于不知道时间的大小，所以无法比较通过的路程的多少，故C错误；
D、以龙舟上的鼓为参照物，龙舟和鼓的位置关系没有发生变化，所以，以龙舟上的鼓为参照物龙舟是静止的，故D错误。故选：B。
6．（2020•黄石）如图，弹簧下端悬挂一个实心小球，用手托住小球，小球静止在A点，此时弹簧处于自然长度。释放小球，小球向下运动到最低点B（不超过弹簧弹性限度），小球从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是（ ）。
A．小球的重力势能一直在减少，动能一直在增加；
B．小球减少的重力势能全部转化为动能；
C．弹簧的弹性势能不断增大；
D．小球运动到B点时，重力势能最小，动能最大
【答案】C。
【解析】A、小球在下落过程中，重力不变，弹力不断增大，当重力和弹力的合力向下时，小球加速向下运动，当重力和弹力的合力向上时，小球减速向下运动，所以小球速度先增大后减小，小球质量不变，所以小球动能先增大后减小；小球的高度不断降低，所以小球的重力势能不断减小，故A错误。
B、小球下落过程中，当重力和弹力的合力向下时，小球加速向下运动，弹簧不断增长，小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能；当重力和弹力的合力向上时，小球的速度不断减小，弹簧不断增长，小球的重力势能和动能转化为弹簧的弹性势能，故B错误。
C、小球下落时，弹簧不断增长，弹簧的弹性势能不断增加，故C正确。
D、小球运动到B点时，小球的高度最小，速度最小，小球的质量不变，所以小球的重力势能和动能都最小，故D错误。故选：C。
7．（2020•荆门）如图所示，置于水平地面上的容器中盛有密度为0.8×103kg/m3的液体，质量为0.3kg、边长为5cm的正方体用细绳悬挂在容器上方的位置A，已知正方体底部距液面的高度为0.4m，剪断细绳后该正方体沿竖直方向下落，最终停在容器底部B点，此时液体的深度为0.8m。根据以上信息，下列说法正确的是（ ）。
A．正方体静止在位置A时拉力的大小为0.3N；
B．正方体在液体中受到的浮力为3N；
C．正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中重力做功为2.4J；
D．正方体静止在容器底部B时，液体对正方体底面的压力为16N
【答案】D。
【解析】A．正方体静止在位置A时处于平衡状态，受到的拉力和自身的重力是一对平衡力，二力大小相等，则拉力F＝G＝mg＝0.3kg×10N/kg＝3N，故A错误；
B．正方体在液体中沉底并浸没，受到的浮力F浮＝ρ液gV排＝ρ液gV＝0.8×103kg/m3×10N/kg×（0.05m）3＝1N，故B错误；
C．正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中，重力做的功W＝G△h＝3N×0.4m＝1.2J，故C错误；
D．正方体静止在容器底部B时，水对正方体底面的压强p＝ρ液gh＝0.8×103kg/m3×10N/kg×0.8m＝6400Pa，
由p＝可得，水对正方体底面的压力F′＝pS＝6400Pa×（0.05m）2＝16N，故D正确。故选：D。
8．（2020•南通）在“探究纸锥下落的快慢”的活动中，将纸锥从高处释放。若纸锥竖直下落时，受到的空气阻力随下落速度的增大而增大，则纸锥在空中竖直下落过程中，下列情形可能的是（ ）。
A．速度先增大后不变 B．速度先增大后减小
C．动能转化为重力势能 D．机械能先增大后减小
【答案】A。
【解析】由题意，纸锥下落过程中受到空气阻力随下落速度的增大而增大。由于受到阻力作用，纸锥的机械能减小；纸锥开始下落时，重力大于空气的阻力，加速下落，动能增大，重力势能减小，重力势能转化为动能和内能；随阻力逐渐增大，当增大到等于其重力时，匀速竖直下落。所以纸锥的速度先增大后不变。故A正确、BCD错误。故选：A。
9．（2020•鄂州）把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己的鼻子附近，稳定后松手，铁锁向前摆去，如图所示。下列说法中正确的是（ ）。
A．铁锁摆回时会打到鼻子；
B．铁锁在摆动过程中动能与重力势能可以相互转化；
C．铁锁由高处摆到低处的过程中动能转化为重力势能；
D．铁锁上升的最大高度逐次降低，是由于受到重力作用
【答案】B。
【解析】A．铁锁在摆动过程中，不断与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，机械能减小，所以铁锁摆回时不会打到鼻子，故A错误；
B．铁锁在摆动过程中，上升时动能转化为重力势能，下降时重力势能转化为动能，动能与重力势能相互转化，故B正确；
C．铁锁由高处摆到低处的过程中重力势能转化为动能和内能，故C错误；
D．铁锁上升的最大高度逐次降低，是由于受空气阻力的作用，机械能不断减小，高度不断减小，故D错误。故选：B。
10．（2020•益阳）“反向蹦极”是一项比蹦极更刺激的运动。如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上，并与固定在地面上的扣环相连。打开扣环，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，经上升到最高位置C点，在B点时速度最大。对此过程，下列描述正确的是（ ）。
A．人从A到C的过程中，重力势能增加，动能一直减少；
B．人从A到B的过程中，动能增加，重力势能减少；
C．人在B点时动能最大；
D．弹性绳的弹性势能在B点时最大
【答案】C。
【解析】A、人从A到C的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增加；AB段速度逐渐变大，动能逐渐变大；BC段速度逐渐变小，动能逐渐变小；故A错误；
B、从A到B的过程中，质量不变、高度增大，重力势能增加；质量不变、速度逐渐变大，动能变大；故B错误；
C、人的质量一定，在B点时速度最大，动能最大；故C正确；
D、弹性绳在A点时弹性形变最大，弹性势能最大；故D错误。故选：C。
四、浮力
1．（2020•南京）a、b是两种不同的物质，其质量与体积的关系图象如图所示，分别用物质a、b制成质量相等的实心球甲、乙，和体积相等的实心球丙、丁，即m甲＝m乙，V丙＝V丁，ρ甲＝ρ丙＝ρa，ρ乙＝ρ丁＝ρb，将四个实心球都浸没在水中。松手稳定后它们所受浮力大小关系正确的是（ ）。
A．F甲＝2F乙 B．3F甲＝F乙 C．F丙＝3F丁 D．2F丙＝3F丁
【答案】D。
【解析】由图知，a物质的密度ρa＝＝＝2g/cm3，b物质的密度ρb＝＝＝g/cm3，
则ρ甲＝ρ丙＝ρa＝2g/cm3＝2ρ水，ρ乙＝ρ丁＝ρb＝g/cm3＝ρ水＜ρ水，
将四个实心球都浸没在水中，松手稳定后：
（1）甲球沉入水底，其受到的浮力：
F甲＝ρ水gV排＝ρ水gV甲＝ρ水g ＝ρ水g×＝m甲g，
乙球漂浮在水面上，乙受到的浮力F乙＝m乙g，因为m甲＝m乙，
所以F甲＝F乙，故AB错误；
（2）丙球沉入水底，其受到的浮力：F丙＝ρ水gV排＝ρ水gV丙，
丁球漂浮在水面上，其受到的浮力：F丁＝G丁＝m丁g＝ρ丁V丁g＝ρ水V丁g，
因为V丙＝V丁，所以F丁＝F丙，即2F丙＝3F丁，故C错误、D正确。故选：D。
2．（2020•西藏）有两根相同的缠有铜丝的木棒，将它们分别放入装有不同液体的两个烧杯中，会竖直立在液体中，静止时液面相平，如图所示。下列说法中正确的是（ ）。
A．液体的密度大小关系ρ甲＞ρ乙；
B．木棒在液体中受到的浮力大小关系F甲＜F乙；
C．容器底部受到液体的压强大小关系p甲＝p乙；
D．木棒排开液体的质量大小关系m甲＝m乙
【答案】D。
【解析】ABD、由图可知，密度计在两液体中均处于漂浮状态，根据物体浮沉条件可知，F浮＝G密，两个密度计完全相同，则重力相同，所以密度计在两种液体中所受的浮力相等；即F甲＝F乙，根据阿基米德原理F浮＝G排知，排开液体的重力相等，根据G＝mg知排开液体的质量也相等，故B错误，D正确；
由图知，甲中密度计排开液体的体积大于乙中排开液体的体积，根据F浮＝ρgV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，即ρ甲＜ρ乙，故A错误；
C、因ρ甲＜ρ乙，液面高度相同，根据p＝ρgh可知，两个容器底部所受液体的压强p甲＜p乙，故C错误。故选：D。
3．（2020•烟台）三个完全相同的烧杯，分别装有相同体积的甲、乙、丙三种不同液体，将烧杯放在同一个水槽中，静止时如图所示。则下列说法正确的是（ ）。
A．三个烧杯所受浮力相等 B．乙液体的密度最大
C．丙液体的密度比水大 D．三种液体的密度相等
【答案】B。
【解析】A、由图可知：V甲排＜V丙排＜V乙排；由F浮＝ρgV排可知：烧杯所受的浮力：F乙＞F丙＞F甲，故A错误；
BD、根据F浮＝G可知：烧杯与液体的总重力：G乙＞G丙＞G甲，由于烧杯相同，所以三种液体的重力关系：G乙液＞G丙液＞G甲液，
由G＝mg可知，液体的质量关系：m乙液＞m丙液＞m甲液，
由于三种液体的体积相同，由ρ＝可得，ρ乙液＞ρ丙液＞ρ甲液，故B正确，D错误；
C、对丙进行受力分析可知：F浮＝G杯+G丙液
由F浮＝ρgV排、G＝mg和ρ＝可得：ρ水gV排＝ρ杯gV杯+ρ丙液gV丙液
ρ水gV杯浸没+ρ水gV丙液＝ρ杯gV杯+ρ丙液gV丙液
因为ρ杯＞ρ水，所以ρ水gV杯浸没＜ρ杯gV杯，ρ水gV丙液＞ρ丙液gV丙液，即ρ水＞ρ丙液，故C错误。
故选：B。
4．（2020•河池）水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B（VA＜VB）分别放入两种液体中，静止后如图所示。下列说法正确的是（ ）。
A．甲液体的密度较大；
B．甲液体对容器底的压力较小；
C．甲液体中的物体所受的浮力较大；
D．两种液体对容器底的压强相等
【答案】B。
【解析】AC、把A、B两物体作为一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态，
由漂浮条件可知F浮＝GA+GB，所以该整体在两液体中受到的浮力相等，故C错误；
由图知，V排甲＝VB，V排乙＝VA，且VA＜VB，
所以V排甲＞V排乙；
因整体在两液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，
所以，由F浮＝ρ液gV排可知，两液体的密度关系：ρ甲＜ρ乙，故A错误；
BD、已知两液体的深度h相同，且ρ甲＜ρ乙，由p＝ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，且甲乙容器的底面积相同，根据p＝知甲液体对杯底的压力小于乙液体对杯底的压力，故B正确，D错误。故选：B。
5．（2020•大连）如图所示，两个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲，乙两种不同的液体。a、b是体积相等的两个小球，a球漂浮在液面上，b球沉没在容器底。甲液面高于乙液面，且两种液体对容器底的压强相等。则（ ）。
A．两种液体的密度ρ甲＝ρ乙；
B．两种液体的质量m甲＝m乙；
C．两个小球所受的重力Ga＞Gb；
D．两个小球所受的浮力Fa＜Fb
【答案】D。
【解析】A、两种液体对容器底的压强相等，根据p＝ρgh，因为h甲＞h乙，所以ρ甲＜ρ乙，故A错误。
B、两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F＝pS得，所以甲和乙两种液体对容器底的压力相等，
即F甲＝F乙，所以G甲+Ga排＝G乙+Gb排，
由于ρ甲＜ρ乙，Va排＜Vb排，
所以ρ甲Va排＜ρ乙Vb排，
所以，Ga排＜Gb排，
故G甲＞G乙，m甲＞m乙，故B错误。
CD、a漂浮在甲液面上，Ga＝Fa，b在乙液体中沉底，Gb＞Fb，又因为F浮＝ρ液gV排，乙液体密度大，b排开乙液体体积大，所以乙受到的浮力大于甲受到的浮力，即Fb＞Fa，所以Gb＞Ga，故C错误，D正确。故选：D。
6．（2020•赤峰）水平桌面上两只完全相同的杯子里，分别盛有甲、乙两种不同液体。把两个完全相同的小球分别放入甲、乙两种液体中，静止后，在甲液体中的小球沉底，在乙液体中的小球悬浮，此时两个杯中的液面恰好相平。如图所示，下列说法中正确的是（ ）。
A．甲液体的密度大于乙液体的密度；
B．甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强；
C．甲液体中小球受到的浮力小于乙液体中小球受到的浮力；
D．盛甲液体的杯子对桌面的压强等于盛乙液体的杯子对桌面的压强
【答案】C。
【解析】A、小球在甲液体中沉底，小球的密度大于甲液体的密度，小球在乙液体中悬浮，小球的密度等于乙液体的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故A错误；
B、两个杯中的液面恰好相平，甲液体的密度小于乙液体的密度，由p＝ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，故B错误；
C、小球在甲液体中沉底，小球受到的浮力小于小球的重力，小球在乙液体中悬浮，小球受到的浮力等于小球的重力，所以甲液体中小球受到的浮力小于乙液体中小球受到的浮力，故C正确；
D、由图可知，杯子中液体的体积相同，甲液体的密度小于乙液体的密度，由m＝ρV可知甲液体的质量小于乙液体的质量，两个小球的质量相等，杯子的质量相等，所以杯子、甲液体和小球的总质量小于杯子、乙液体和小球的总质量，由G＝mg可知杯子、甲液体和小球的总重力小于杯子、乙液体和小球的总重力，盛甲液体的杯子对桌面的压力小于盛乙液体的杯子对桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由p＝可知盛甲液体的杯子对桌面的压强小于盛乙液体的杯子对桌面的压强，故D错误。故选：C。
7．（2020•常州）一个薄壁密封饮料瓶内装有一些饮料，分别放在装有甲、乙两种液体的容器中，静止后饮料瓶的状态如图所示，饮料瓶受到的浮力分别为F浮甲、F浮乙．甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙．则（ ）。
A．F浮甲＞F浮乙，ρ甲＞ρ乙 B．F浮甲＜F浮乙，ρ甲＜ρ乙
C．F浮甲＝F浮乙，ρ甲＞ρ乙 D．F浮甲＝F浮乙，ρ甲＜ρ乙
【答案】C。
【解析】由于饮料瓶漂浮，则F浮＝G，所以，饮料瓶在两种液体中受到的浮力相等，都等于饮料瓶受到的重力G，即F浮甲＝F浮乙＝G，
由图知，饮料瓶排开液体的体积：V甲排＜V乙排，根据F浮＝ρ液gV排可知液体的密度：ρ甲＞ρ乙。
故选：C。
8．（2020•宿迁）小明在饮料吸管中塞入一些细铁丝作为配重，并将一端封闭，制作了一只简易密度计；将其先后放入甲、乙两杯液体中，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示，下列说法正确的是（ ）。
A．密度计在甲杯液体中受到的浮力更大；
B．密度计的刻度线，越往上标注的密度值越大；
C．密度计放入后，乙杯中液体对容器底的压强更大；
D．适当减小配重，可以增大该密度计两条刻度线之间的距离，使测量结果更精确
【答案】C。
【解析】A、同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，则F浮甲＝F浮乙＝G，即浮力是相同的，故A错误；
B、密度计浸入液体的深度越小，说明液体的密度越大，即密度计越靠近上方的刻度，其相应的密度数值越小，故B错误；
C、由图可知，密度计在乙液体中排开的液体的体积小，根据ρ液＝可知，乙液体的密度大，深度相同，根据p＝ρgh可知，乙杯中液体对容器底的压强更大，故C正确；
D、因为密度计漂浮在液体中，则F浮＝G，即ρ液gSh＝G，则△V＝sh，增大该密度计两条刻度线之间的距离，即△V变大，h变大，具体做法是：可适当增大配重或用更细的吸管，故D错误。故选：C。
9．（2020•郴州）如图所示是甲、乙两种物质的m﹣V图象，用这两种物质按一定比例混合制成实心小球，并将其放入水中。下列分析正确的是（ ）。
A．若甲、乙物质质量相等，则实心小球将沉入水底；
B．若甲、乙物质体积相等，则实心小球静止时漂浮于水面；
C．若实心小球悬浮在水中，则甲、乙物质体积比为5：3；
D．若实心小球悬浮在水中，则甲、乙物质质量比为3：2
【答案】D。
【解析】A、由图象可知，当m甲＝300g，V甲＝200cm3，
m乙＝200g时，V乙＝300cm3，
则甲、乙两种物质的密度分别为：ρ甲＝＝＝1.5g/cm3，同理，ρ乙＝g/cm3，
若甲、乙物质质量相等（为m），
甲的体积为：V1＝；乙的体积为V2＝，
混合制成实心小球的平均密度：
ρ＝＝＝
＝＝＝≈0.92g/cm3＜1.0g/cm3；
由物体的浮沉条件，若甲、乙物质质量相等，则实心小球将上浮，最后漂浮在水面上，A错误；
B、若甲、乙物质体积相等（为V），
甲的质量：m1＝ρ甲V；
乙的质量：m2＝ρ乙V，
实心的平均密度：
ρ′＝＝＝≈1.08g/cm3＞1.0g/cm3；
由物体的浮沉条件，若甲、乙物质体积相等，则实心小球将下沉，最后沉在水底；B错误；
C、设甲的体积与总体积之比为x、乙物质与总体积之比为1﹣x，
小球的平均密度：ρ0＝＝＝ρ甲x+ρ乙（1﹣x），
实心小球悬浮在水中，根据浮沉条件小球的平均密度等于水的密度，
即ρ甲x+ρ乙（1﹣x）＝1.5g/cm3×x+g/cm3×（1﹣x）＝1.0g/cm3；
x＝40%，
即甲的体积与总体积之比为40%，乙物质与总体积之比为1﹣40%＝60%，
若实心小球悬浮在水中，则甲、乙物质体积比为：40%：60%＝2：3，C错误；
D、设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比（1﹣n），根据密度公式，小球的平均密度：ρ″＝＝＝，
根据悬浮的条件：＝1.0g/cm3；
将ρ甲＝1.5g/cm3和ρ乙＝g/cm3代入上式得：甲物质质量占总质量的比：n＝60%；
乙物质质量占总质量的比：1﹣n＝1﹣60%＝40%，
则甲、乙物质质量比为：60%：40%＝3：2，D正确。故选：D。
10．（2020•山西）2020年5月27日，我国8名登山队员成功登峰测极!成功登顶离不开准确的天气预报。如图所示，是气象探测保障服务团队，在珠峰大本营准备释放甲、乙两个探空气球采集气象信息，甲的体积小于乙的体积。在探空气球释放前后的过程中，下列分析正确的是（ ）。
A．释放前甲受到的浮力一定等于它自身的重力；
B．释放前甲受到的浮力一定大于乙受到的浮力；
C．释放后探空气球受到的浮力等于它排开空气所受的重力；
D．释放后探空气球上浮过程中受到的浮力一定小于自身重力
【答案】C。
【解析】A、根据物体的浮沉条件，释放前甲受到的浮力一定大于它自身的重力，甲球才能上浮，A错误；
B、甲的体积小于乙的体积，根据阿基米德原理：F浮＝ρ气gV排，释放前甲受到的浮力一定小于乙受到的浮力，B错误；
C、由阿基米德原理，物体在气体中受到的浮力等于物体排开气体的重力，C正确；
D、释放后探空气球开始上浮过程中，气球受到浮力一定大于重力，气球升到一定的高度后，空气密度减小，若气球的体积不变，气球所受浮力减小，上升到一定高度时浮力等于重力，由于惯性气球继续向上运动，D错误。故选：C。
11．（2020•大庆）一个底部横截面积为200cm2的圆柱形薄壁玻璃容器静止于水平桌面上，一个物体悬挂于弹簧秤下端，开始完全浸没在水中处于静止状态，如图甲，此时弹簧秤的读数为5.0N；后来缓慢提起物体，直到物体的体积露出水面，如图乙，发现容器底部水的压强减少了100Pa，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。则下列说法不正确的是（ ）。
A．物体的质量为1.3kg；
B．物体的密度为1.625×103 kg/m3；
C．容器底部对桌面的压力减小2N；
D．弹簧秤的读数变为8N
【答案】D。
【解析】（1）根据p＝ρgh知，当物体的体积露出水面时，减小的深度为：
△h＝＝＝0.01m，
减小的体积为：△V＝S△h＝200×10﹣4m2×0.01m＝2×10﹣4m3，
物体的体积为：V＝4×△V＝4×2×10﹣4m3＝8×104m3，
物体浸没在水中时受到的浮力为：F浮＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣4m3＝8N，
根据称重法F浮＝G﹣F知，物体的重力为：G＝F浮+F＝8N+5.0N＝13N，
根据G＝mg知，物体的质量为：m＝＝＝1.3kg，故A正确；
物体的密度为：ρ＝＝＝1.625×103kg/m3，故B正确；
（2）物体的体积露出水面时的浮力为：
F浮′＝ρ水gV排＝ρ水g（1﹣）V＝1.0×103kg/m3×10N/kg××8×10﹣4m3＝6N，
根据称重法F浮＝G﹣F知，此时物体的拉力为：F′＝G﹣F浮′＝13N﹣6N＝7N，故D错误；
所以弹簧测力计的拉力减小了△F＝F′﹣F＝7N﹣5N＝2N，容器底部对桌面的压力也减小了2N，故C正确。故选：D。
12．（2020•郴州）小明将两个完全相同的物体A、B，分别放在甲、乙两种液体中，A、B处于如图所示的漂浮状态，且此时液面处于同一水平高度。由此可判断（ ）。
A．甲液体密度小于乙液体密度；
B．物体A、B下表面所受液体压强相等；
C．甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强；
D．A物体受到的浮力小于B物体受到的浮力
【答案】B。
【解析】AD、两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，A、B分别放入两杯中，两物体漂浮，受到的浮力F＝G，故两物体受到的浮力相同，F浮A＝F浮B，根据阿基米德原理：F浮＝ρ液gV排，因B排开液体的体积大，故为ρ甲＞ρ乙，故AD错误；
B、因为两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，所受的浮力相等，所以上下表面所受的压力差相等，上表面所受液体压力都为0，因此物体A、B下表面所受液体压强相等，故B正确；
C、静止时甲、乙液面刚好相平（如图所示），即容器底部的深度相同，图中甲乙两种液体的密度分别为ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，两烧杯底部所受液体的压强分别为p甲＞p乙．故C错误。
故选：B。
五、简单机械
1．（2020•绵阳）将一个定滑轮和挂有一个重60N钩码的动滑轮，分别组装成如图甲和乙所示的两种滑轮组．在图甲滑轮组，用大小为36N的竖直向下的拉力F1把钩码匀速提升了0.3m；在图乙滑轮组，用竖直向上的拉力F2把钩码匀速提升了0.6m．不计摩擦和绳重．设图甲滑轮组的机械效率为η甲，图乙滑轮组的机械效率为η乙，则（ ）。
A．η甲＞η乙 B．η甲＜η乙 C．η甲≈55.5% D．η乙≈83.3%
【答案】D。
【解析】根据图示可知，n甲＝2，n乙＝3；
由F＝（G+G动）可得，G动＝2F1﹣G＝2×36N﹣6N＝12N；
则F2＝（G+G动）＝×（60N+12N）＝24N；
由η＝＝＝可得，甲滑轮组的机械效率：η甲＝×100%＝×100%≈83.3%；
乙滑轮组的机械效率：η乙＝×100%＝×100%≈83.3%；
故ABC错误，D正确。故选：D。
2．（2020•盘锦）工人利用滑轮组吊起重为2400N的路灯杆（质量分布均匀）。如图所示，这是路灯杆一端刚被匀速拉起的简图。路灯杆离地后被匀速提升1m，绳端拉力F＝1000N．下列说法正确的是（ ）。
A．路灯杆一端刚被匀速拉起时，相当于费力杠杆；
B．路灯杆离地后，受到的拉力小于2400N；
C．路灯杆离地后，绳端拉力F做的功为1000J；
D．路灯杆离地后，滑轮组的机械效率为80%
【答案】D。
【解析】A、路灯杆一端刚被匀速拉起时，阻力为路灯杆的重力G，作用点在重心上，绳子对路灯杆的拉力是动力F，支点为路灯杆的左端，可见，动力臂大于阻力臂，所以路灯杆相当于省力杠杆，故A错误。
B、路灯杆离地后被匀速提升，杆受到的拉力与重力是一对平衡力，则拉力为：F拉＝G＝2400N，故B错误。
C、由图可知承担物重的绳子段数n＝3，路灯杆离地后被匀速提升1m，
则绳子自由端移动距离为：s＝3h＝3×1m＝3m，
绳端拉力F做的功为：W总＝Fs＝1000N×3m＝3000J，故C错误。
D、路灯杆离地后，所做有用功为：W有＝Gh＝2400N×1m＝2400J，
滑轮组的机械效率为：η＝＝×100%＝80%，故D正确。故选：D。
3．（2020•百色）如图所示的工具，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）。
A．核桃夹 B．筷子
C．瓶起子 D．钳子
【答案】B
【解析】A、核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。故选：B。
4．（2020•南通）如图，裤架上的两个夹子分别夹住一条毛巾。以下方法能使裤架在水平位置平衡的是（ ）。
A．右边夹子向左移动；
B．左边夹子向左移动；
C．右边毛巾的下角夹在左边夹子上；
D．左边毛巾的下角夹在右边夹子上
【答案】D。
【解析】A、右边夹子向左移动，右端的力不变，力臂变小，右端力和力臂的乘积更小，裤架会更向左倾斜，故A错误。
B、左边夹子向左移动，左端的力不变，力臂变大，左端力和力臂乘积更大，裤架会更向左倾斜，故B错误。
C、右边毛巾的下角夹在左边夹子上，相当于右端减小了重力，左端增加了重力，导致左端力和力臂乘积更大，右端力和力臂的乘积更小，裤架会更向左倾斜，故C错误。
D、左边毛巾的下角夹在右边夹子上，相当于左端减小了重力，右端增加了重力，导致右端力和力臂乘积变大，左端力和力臂的乘积变小，裤架会在水平位置平衡，故D正确。故选：D。
5．（2020•十堰）下列各种机械中，不省力的机械是（ ）。
A．钢丝钳；
B．动滑轮；
C．旗杆顶定滑轮；
D．斜面
【答案】C。
【解析】
A、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、动滑轮实质是个动力臂为阻力臂2倍的杠杆，动滑轮在使用时可以省一半的力，故B不符合题意；
C、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向，故C符合题意；
D、利用斜面提升物体，可以省力，但要多移动距离，是省力机械，故D不符合题意。故选：C。
6．（2020•宜昌）如图为工地搬运砖头的独轮车，人抬起车把时，车体可以看成一个杠杆，关于这个杠杆下列说法正确的是（ ）。
A．手握的位置靠近把手末端时更费力；
B．砖头的位置远离车轮时抬起更省力；
C．轮子的中心是杠杆的支点；
D．图中拉力F大于重力G
【答案】C。
【解析】A、在阻力和阻力臂不变的情况下，手握的位置靠近把手末端时，动力臂大，则动力小，更省力，故A错误；
B、砖头的位置远离车轮时，此时的动力臂和阻力大小不变，阻力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，抬起更费力，故B错误；
C、由图可知，整个杠杆是围绕轮子的中心转动的，所以轮子的中心是杠杆的支点，故C正确；
D、图中的动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知，动力小于阻力，即F小于G，故D错误。故选：C。
7．（2020•山西）如图所示，快递小哥为了把较重的货物装入运输车，用同样的器材设计了甲、乙两种方式提升货物。若把同一货物匀速提升到同一高度，忽略绳重和摩擦。下列分析正确的是（ ）。
A．甲方式可以省力
B．乙方式不能改变力的方向
C．甲、乙两种方式做的有用功相等
D．甲、乙两种方式的机械效率相等
【答案】C。
【解析】A、由图可知，甲方式是两个定滑轮，定滑轮的本质是等臂杠杆，不能省力，故A错误；
B、乙方式是一个动滑轮和定滑轮组成的滑轮组，不仅可以省力，也可以改变力的方向，故B错误；
C、由题可知，甲乙两滑轮组均将相同物体提升相同高度，由W有＝Gh可知W甲有＝W乙有；故C正确；
D、由图可知，甲方式是两个定滑轮，乙方式是一个动滑轮和定滑轮组成的滑轮组，乙方式做的额外功大于甲方式，
有用功相同、总功不相同，根据η＝×100%可知，两个滑轮组的机械效率不相等，故D错误。故选：C。
8．（2020•广州）如图所示，小明分别使用甲、乙、丙、丁四种机械匀速提升物体（绳长不变），测得拉力和物体M、N所受的重力如表所示，则（ ）。
F甲
F乙
F丙
F丁
GM
GN
5.5N
12N
5.5N
8N
5N
10N
A．甲的机械效率比丙的大；
B．乙、丁的机械效率相同；
C．使用丙提升物体M时省力；
D．实验测得的数据无法算出机械效率
【答案】A。
【解析】设承担物重的绳子股数为n，则拉力端移动的距离s＝nh，
拉力做的有用功W有用＝Gh，拉力做的总功W总＝Fs＝F×nh＝nFh，机械效率η＝＝＝。
甲图中，使用的是定滑轮，n甲＝1，机械效率η甲＝＝×100%≈90.9%；
乙图中，使用的是定滑轮，n乙＝1，机械效率η乙＝＝×100%≈83.3%；
丙图中，使用的是动滑轮，n丙＝2，机械效率η丙＝＝×100%≈45.5%；
丁图中，使用的是滑轮组，n丁＝2，机械效率η丁＝＝×100%＝62.5%。
A、由上面计算可知，η甲≈90.9%，η丙≈45.5%，所以甲的机械效率比丙的大，故A正确；
B、由上面计算可知，η乙≈83.3%，η丁＝62.5%，所以乙的机械效率比丁的大，故B错误；
C、使用丙提升物体M时，GM＝5N，F丙＝5.5N，F丙＞GM，是费力的，故C错误；
D、由上面计算可知，利用实验测得的数据可以算出机械效率，故D错误。故选：A。
9．（2020•盐城）如图所示，小明利用动滑轮匀速提升木箱。以下做法可以提高动滑轮机械效率的是（ ）。
A．适当增加木箱重力 B．增大木箱上升高度
C．增大提升木箱的速度 D．换用质量更大的动滑轮
【答案】A。
【解析】A、动滑轮重力不变，所以额外功不变；如果增加木箱重力，有用功会增大，有用功在总功中所占的比例将增大，机械效率会增大，故A符合题意；
B、C、动滑轮机械效率的高低与木箱上升的高度和上升的速度无关，故B、C不符合题意；
D、换用质量更大的动滑轮，额外功增加，有用功在总功中所占的比例将减小，机械效率降低，故D不符合题意。故选：A。
10．（2020•通辽）生活中蕴含许多物理知识，下列说法正确的是（ ）。
A．生活中的吸盘，是利用大气压工作的；
B．功率越大的机械，机械效率一定越高；
C．小明坐在行驶的汽车中，看到路旁树木向后退，是以地面为参照物；
D．筷子是省力杠杆
【答案】A。
【解析】A、吸盘内的空气被挤出，内部气压小于外界大气压，是大气压将其固定住的，故A正确；
B、功率表示物体做功的快慢，机械效率表示物体所做的有用功与总功的比值，两者物理意义不同，没有直接的联系，故B错误；
C、若以地面为参照物，树木位置不变，应该是静止的，不符合题意，故C错误；
D、使用筷子时，是费力杠杆，这样更节省距离，故D错误。故选：A。
11．（2020•咸宁）用如图甲所示的滑轮组缓慢提升不同物体，每次物体被提升的高度均为0.5m，滑轮组的机械效率与物体受到重力的关系如图乙所示，不计绳重和摩擦，下列分析正确的是（ ）。
A．动滑轮的重力为5N；
B．该滑轮组的机械效率可以达到100%；
C．滑轮组的机械效率越高，拉力做功越少；
D．每次提升重物时，滑轮组做的额外功为5J
【答案】D。
【解析】A、由图乙可知，提升物重G＝10N时，滑轮组的机械效率η＝50%，
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝50%，
解得动滑轮重力：G动＝10N，故A错误；
B、使用滑轮组时，需要提升动滑轮做额外功，使得有用功小于总功，滑轮组的机械效率总小于100%，故B错误；
C、滑轮组的机械效率越高，说明有用功与总功的比值越大，拉力做功不一定少，故C错误；
D、由题知，利用滑轮组每次物体被提升的高度均为0.5m，提升动滑轮上升的高度也都是0.5m，则每次提升重物时，不计绳重和摩擦，滑轮组做的额外功都为：W额＝G动h＝10N×0.5m＝5J，故D正确。故选：D。
专题1.2 选择题（力学）（解析版）
【迎战中考】2021年物理二轮之试卷题型解密（通用版）
一、中考试卷中的选择题
选择题是中考物理试卷中的固定题型，也是一种基本题型，在中考物理试卷中占据非常重要的位置。从全国各地历年中考试卷来看，选择题所占分值在15分—30分之间，分值比例在25%—38%范围内，平均分值比例高达30%左右；由此可见，对中考物理选择题的考查方向、问题形式、解答技巧和考试内容进行全面的分析和掌握，其重要性不言而喻。
二、选择题考查内容分类
选择题是客观题中最广泛的基本题型，主要考查物理的基本知识、基本概念和基本技能，属于对基础知识的考查形式，故题目难度一般不会太高，属于中低档难度题。选择题是由题干和若干选项组成的。“题干”提出问题，告诉学生要解答的问题，“选项”作为试题的主要内容，可以考查一个或多个知识点，学生通过对备选选项的分析和理解，找出正确答案。由此看来，解答选择题，除了应该具备完整、扎实的基本知识外，还应对选择题的常考知识点和考查方式熟练掌握。下面对选择题常考内容进行分类说明：
1.概念辨析型选择题
用所学物理知识或基本概念解释物理现象，并对题干中的每一项内容进行分析（辨析），找出答案，此为概念辨析型选择题。此种类型的考题，考查的知识点广泛，涵盖内容多，并能很好考查学生对基本概念的理解程度，所以题目出现概率很高。
2.规律应用型选择题
利用所学物理规律，对某种物理现象或表述进行分析判断，此类题型属于规律应用型选择题。规律应用型选择题需要学生能很好的理解物理概念，能运用物理规律分析、解释问题，做到透过现象看本质。
3.现象判别型选择题
利用所学知识，对生活中的一些自然现象或物理现象进行判断、辨别就是现象判别型选择题。此类考题问题形式简洁、考查方向明确，会经常出现，也是选择题中常考类型，应该加以重视。
4.图表信息型选择题
图表信息型选择题是通过题干给出的图像、表格信息，利用所学概念和规律进行分析、判断或计算的题型。此类考题除考查学生对物理概念和规律理解程度外，也考查了学生读取信息和利用信息的能力。
5.实验探究型选择题
通过实验探究活动，对所探究的物理现象、物理规律、理论验证等，进行分析、判断和总结，找出题干中符合要求的答案，此类考题就是实验探究型选择题。解答此类问题，需要学生熟悉要验证的理论和规律，实验探究过程会得到什么结论。
6．应用计算型选择题
计算型选择题是利用所学物理规律、公式进行计算，并通过计算找出正确答案的考题类型。计算型选择题主要涉及到压强、浮力、机械效率、功和功率、杠杆、电路、电功率和电热等，考查学生计算能力和运用理论解题能力。
7.物理量估测型选择题
估测题是利用所学的物理概念、规律、物理常数和生活常识对物理量的数值和数量级进行快速计算和取值范围合理估测。估算法是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。估测型选择题主要考查对长度、速度、时间、温度和热量、质量和重力、体积和容量、压力和压强、功和功率等常见物理量的估测，考查一般为数值判断式和单位判断式两种。
力学部分选择题包括机械运动、质量与密度、力的概念、力与运动的关系、压强、浮力、功和机械能、简单机械八个部分；所涉及到的知识点有：长度与时间的测量、运动的描述、平均速度、质量及其测量、密度及其测量、密度的应用、力的概念、重力、弹力、摩擦力、牛顿第一定律、二力平衡、压强及其计算、液体压强、大气压强、流体压强、浮力、阿基米德原理、物体沉浮条件、功与功率的概念、动能与势能、机械能及其转化、杠杆、滑轮、机械效率及其计算等。
一、考点分析
力学部分选择题在整个选择题中占有很大比例，属于必考内容，在选择题中一般有2-4道题。常见考查内容除了考查对这些知识点理解、认识程度外，更多的是如何利用所学知识点分析、判断和解释我们看到的现象及其应用。
根据历年全国各地中考试卷来看，在选择题中，对以上知识点的考查主要集中在运动的描述、质量与密度的概念及其测量、对三种力的分析、运动与力的关系、牛顿第一定律应用、二力平衡、压强的概念及其判断、液体压强与大气压强的分析、浮力相关问题与分析、功与功率分析、机械能相关问题、杠杆问题分析等。
二、常见考查方式
本专题常见考查方式见下表。
序号
问题方式
序号
问题方式
1
运动的相对性分析
2
速度概念应用
3
质量的概念
4
天平的使用与测量
5
对密度概念分析
6
密度测量与实验问题
7
力的相互作用、力的概念
8
弹力与重力的概念及其分析
9
对牛顿第一定律的理解
10
二力平衡分析
11
摩擦力概念与分析
12
摩擦力探究实验
13
压强的概念与分析
14
液体压强特点、分析及计算
15
大气压强概念及应用
16
流体压强与流速关系分析
17
浮力相关问题分析
18
阿基米德原理应用
19
物体沉浮条件分析
20
物质比热容及其应用
21
功与功率的概念分析与计算
22
动能与势能的概念及分析
23
机械能转化分析
24
杠杆分析
25
滑轮的应用分析
26
机械效率分析与计算
一、选择题考查内容分类
力学部分选择题类型有概念辨析型、现象判别型、规律应用型、图表信息型、应用计算型和实验探究型六个大类。
二、解题方略
解答选择题，一定要避免题目的干扰和误导，防止和减少凭猜测确定答案的做法；二要认真审题，明确对选项的要求，如所要选择的选项是“正确”的还是“不正确（错误）”的，防止由于“眼误”而导致解题错误；三要针对不同题目选择合适的解题方法。
解答力学选择题常见方法有：直接判断法、排除法（剔除法）、概念辨析法、计算求解法四种方法。
方法一：直接判断法
直接判断法是直接运用基本概念、基本规律，对备选项中的答案进行判断。选项常以物理观象、知识点和基本概念等内容为主，对应的题型多数是识记型选择题。这类题目主要用于考查学生对物理知识的记忆和理解程度，属常识性知识的题目。
【典例】（2020•广西）2020年7月3日长征四号乙运载火箭，成功将高分辨率多模综合成像卫星送入预定轨道，如图所示，火箭加速上升的过程中，它所运载的卫星（ ）。。
A．动能增大、重力势能减小；
B．动能减小、重力势能增大；
C．机械能增大、动能增大；
D．机械能减小、重力势能增大
【答案】C。
【解析】火箭加速上升阶段，卫星质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；卫星上升时没有发生弹性形变，不具有弹性势能；机械能＝动能+重力势能，机械能增大。
故选：C。
【跟踪练习】
1.（2020•济南）如图所示，“复兴号”列车在平直路段上加速行驶的过程中，它的（ ）。
A．动能增大 B．动能减小
C．重力势能增大 D．重力势能减小
【答案】A。
【解析】列车在平直路段上加速行驶的过程中，它的质量不变，速度增大，所以动能增大；而列车的质量和高度都没有发生改变，所以它的重力势能不变，故A正确，BCD错误；故选：A。
2.（2020•南京）图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有（ ）。
A．①③ B．②③ C．①④ D．②④
【答案】A。
【解析】②羊角锤、④核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
①钓鱼竿、③筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；故选：A。
3.（2020•广西）下列物理现象分析错误的是（ ）。
A．橡皮筋被拉长，说明力可以改变物体的形状；
B．单摆往复运动，说明单摆相对地面是静止的；
C．手推墙时人会后退，说明力的作用是相互的；
D．以行驶的单车为参照物，路边树木是运动的
【答案】C。
【解析】A、橡皮筋被拉长，橡皮筋的形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故A错误；
B、单摆往复运动，相对于地面的位置不停的发生变化，故单摆相对地面是静止的，故B错误；
C、手推墙时人会后退，人也受到墙的推力，说明力的作用是相互的，故C正确；
D、以行驶的单车为参照物，路边树木相对于行驶的单车位置不断发生变化是运动的，故D错误。
故选：C。
4.（2020•恩施州）下列几种情况中能使受到浮力变大的是（ ）。
A．潜水艇浸没在水中后继续下潜；
B．轮船由长江驶入大海；
C．从水银中取出铁球放入水中；
D．人由浅水区走向深水区
【答案】D。
【解析】A、潜水艇浸没在水中后继续下潜时，海水的密度不变，排开海水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知潜水艇受到的浮力不变，故A不符合题意；
B、轮船由长江驶入大海，都漂浮，受到的浮力等于轮船重，轮船重力大小不变，则浮力不变，故B不符合题意；
C、因为铁球的密度小于水银的密度，铁球在水银中处于漂浮状态，浮力等于其重力；
因为铁球的密度大于水的密度，铁球在水中沉底，浮力小于其重力，所以从水银中取出铁球放入水中浮力会变小，故C不符合题意；
D、人由浅水区走向深水区时，液体的密度不变，排开水的体积增大，根据F浮＝ρ液gV排可知人受到的浮力增大，故D符合题意。故选：D。
5.（2020•内江）生活和生产中，有时需要增大压强，有时需要减小压强。下列实例中属于减小压强（ ）。
A．拖拉机有两条很宽的履带；
B．剪刀有锋利的刃；
C．刺猬身上有许多刺；
D．“森林医生”啄木鸟有尖锐的喙
【答案】A。
【解析】A、拖拉机有两条很宽的履带是通过增大受力面积来减小压强，故A符合题意；
BCD、剪刀有锋利的刃、刺猬身上有许多刺、“森林医生”啄木鸟有尖锐的喙都是通过减小受力面积来增大压强，故BCD不符合题意。故选：A。
方法二：排除法
按照题意的要求，熟练运用物理概念、规律，对选项与题干的关系或对选项本身的科学性进行判断，将与题干无关或缺乏科学性的选项排除；此方法常应用于单选题。注意有时题目要求选出错误的选项，那就是排除正确的选项。
【典例】（2020•益阳）轰炸机轰炸地面目标时，总要提前投弹才能命中目标，如图所示。下列关于飞机投弹的几种说法正确的是（ ）。
A．炸弹脱离飞机时，炸弹的速度为零；
B．炸弹能继续向前飞行，是因为炸弹具有惯性；
C．炸弹能继续向前飞行，是因为炸弹受到向前的推力；
D．惯性与速度有关，炸弹速度越大其惯性越大
【答案】B。
【解析】炸弹被扔出后，炸弹不会受到向前的推力，由于惯性要保持原来和飞机相同的速度，还将会继续向前飞行，炸弹飞行时，速度会发生改变，速度不为0；惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，综上所述，B正确，ACD错误。故选：B。
【跟踪练习】
1.（2020•鄂尔多斯）2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并完成峰顶测量任务（如图）。下列有关登山队员的分析，正确的是（ ）。
A．登山时穿特质鞋是通过增大压力来增大摩擦力；
B．在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对相互作用力；
C．在峰顶测量时，地面对队员的支持力与他对地面的压力是一对相互作用力；
D．从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性的作用
【答案】C。
【解析】A、登山时穿的特质鞋的底面凹凸不平，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故A错误；
B、在峰顶测量时，队员处于静止状态，此时队员所受的重力与地面对他的支持力是一对平衡力，不是一对相互作用力，故B错误；
C、地面对队员的支持力与他对地面的压力是两个物体之间的相互作用力，故C正确；
D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：C。
2．（2020•济南）如图所示衣架的挂钩两侧等距离安装着四个夹子。将三条相同的毛巾按下图各种挂法晾晒在室外的铁丝上，能让衣架在水平方向保持平衡的是（ ）。
A．；B．；C．；D．
【答案】B。
【解析】设一块毛巾重力为G，每个小格的长度为L，
A、左侧力与力臂的乘积为2G×2L＝4GL，右侧力与力臂的乘积为G×L＝GL，左侧≠右侧，故A错误；
B、左侧力与力臂的乘积为2G×L＝2GL，右侧力与力臂的乘积为G×2L＝2GL，左侧＝右侧，故B正确；
C、左侧力与力臂的乘积为2G×L＝2GL，右侧力与力臂的乘积为G×L＝GL，左侧≠右侧，故C错误；
D、左侧力与力臂的乘积为2G×2L＝4GL，右侧力与力臂的乘积为G×2L＝2GL，左侧≠右侧，故D错误；故选：B。
3.（2020•绵阳）高空中形成的雨滴在重力和空气阻力的共同作用下，开始下落的一段时间速度越来越大，落到地面前一段时间匀速下落。雨滴在空中下落的整个过程中（ ）。
A．动能一直增大，机械能守恒；
B．动能先增大后不变，机械能守恒；
C．动能先增大后不变，机械能一直减小；
D．动能先减小后不变，机械能一直减小
【答案】C。
【解析】雨滴在下落过程中，其质量不变；由题知，雨滴的速度先增大后不变，故雨滴的动能先增大后不变；
雨滴在下落过程中，要克服空气阻力做功，其机械能会一直变小，故C正确，ABD错误；
故选：C。
4.（2020•广元）将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（ ）。
A．；B．；C．；D．
【答案】C。
【解析】当鸡蛋在浓盐水中漂浮时，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力；当给浓盐水中缓慢加入水时，混合液的密度开始减小，当此时混合液的密度仍大于鸡蛋的密度，虽然鸡蛋开始缓慢下沉，不过鸡蛋仍处于漂浮状态，只是浸入液体中的体积在增大，而露出的体积在减小，所以此时鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当混合液的密度逐渐减小到等于鸡蛋的密度时，此时鸡蛋在液体中处于悬浮状态，鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当浓盐水中的水越来越多而引起混合液的密度比鸡蛋密度小的时候，此时鸡蛋受到的浮力就会小于重力，鸡蛋出现下沉直至沉到杯子的底部，由此可知，鸡蛋受到的浮力是先不变，然后减小，所以选项C符合题意。
故选：C。
5.（2020•东营）近期交警部门加大对电动车安装遮阳伞的检查拆除力度，遮阳伞虽能遮挡阳光，但存在安全隐患，当电动车快速行驶时，如图所示，下列说法正确的是（ ）。
A．遮阳伞上边空气流速小，压强小，伞面被向下压；
B．遮阳伞下边空气流速大，压强小，伞面被向上吸；
C．遮阳伞上边空气流速大，压强大，伞面被向下压；
D．遮阳伞下边空气流速小，压强大，伞面被向上吸
【答案】D。
【解析】因为流速越大的地方压强越小，所以伞上方的空气压强小于下方的空气压强，大气压产生了一个向上的压力差即升力，电动车的速度越大，升力越大，以较快速度行驶时有“向上飘”的感觉；故D正确。故选：D。
方法三：概念辨析法
利用所学概念和理论，对需要解答每个选项进行分析，判断选项的正误，找出需要的答案。此方法与直接判断法类似，但有不同点。直接判断法可以直接利用所学知识进行正误判断；但概念辨析法需要对选项进行分析，找出题干中不符合概念要求或不正确的论述。
【典例】（2020•眉山）如图所示，甲、乙两个装满不同液体完全相同的密闭容器，放在水平桌面上，则对桌面压强较大的（ ）。
A．如果是甲，则其液体对容器底的压力一定较大；
B．如果是甲，则其液体对容器底的压强一定较大；
C．如果是乙，则其液体对容器底的压力一定较大；
D．如果是乙，则其液体对容器底的压强一定较小
【答案】C。
【解析】（1）若甲对桌面压强较大，由图知S甲＜S乙，根据F＝pS知，甲对桌面压力不一定大，由于在水平面上压力等于重力，所以甲液体的重力不一定大，液体对容器底的压力不一定大，故A错误；
由图知液体的体积和深度相同，但由于不能判断出甲、乙液体重力的大小，所以不能判断出甲、乙液体密度的大小，也就不能判断出其液体对容器底的压强的大小，故B错误；
（2）若乙对桌面压强较大，由图知S甲＜S乙，根据F＝pS知，乙对桌面压力一定大，由于在水平面上压力等于重力，所以乙液体的重力一定大，又因为甲液体有一部分压在容器壁上，液体对容器底的压力小于重力，由于物体间力的作用是相互的，乙液体对容器底的压力大于乙液体的重力，所以乙液体对容器底的压力一定较大，故C正确；
由图知液体的体积和深度相同，由于乙液体的重力大于甲液体的重力，根据G＝mg＝ρgV知，乙液体的密度大于甲液体的密度，根据p＝ρgh知乙液体对容器底的压强一定较大，故D错误。
故选：C。
【跟踪练习】
1.（2020•武汉）铁块和小桌静止在海绵上，如图甲所示。撤掉小桌后，铁块再次静止在海绵上，如图乙所示。铁块的质量是600g，铁块的底面积是20cm2，小桌的质量是200g。桌面的面积是81cm2，下列说法正确的是（ ）。
A．图甲中，铁块对小桌的压强比小桌对海绵的压强大；
B．图甲中，铁块对小桌的压强比小桌对海绵的压强小；
C．图甲中铁块对小桌的压强比图乙中铁块对海绵的压强大；
D．图甲中铁块对小桌的压强比图乙中铁块对海绵的压强小
【答案】A。
【解析】AB、铁块对小桌的压力等于铁块的重力，F铁块＝G铁块＝m铁块g＝0.6kg×10N/kg＝6N；
铁块对小桌的压强：p铁块＝＝＝3000Pa；
小桌对海绵的压力等于小桌和铁块的总重，F小桌＝G总＝（m铁块+m小桌）g＝（0.6kg+0.2kg）×10N/kg＝8N；
小桌对海绵的压强：p小桌＝＝≈987.7Pa；
由计算可知：p铁块＞p小桌；故A正确，B错误；
CD、图甲中铁块对小桌的压力和图乙中铁块对海绵的压力都等于自身的重力，故压力相等，且受力面积相同，所以图甲中铁块对小桌的压强和图乙中铁块对海绵的压强相等；故CD错误。故选：A。
2.（2020•通辽）水平面上放有甲、乙两个完全相同的容器，容器中装有质量相等的不同液体。现把质量相等的A、B两球放入甲容器中后，A漂浮、B沉底；用线把A、B两球系在一起放入乙容器中（线的质量和体积不计），静止后的状态如图所示，两容器中液面恰好相平。下列说法不正确的是（ ）。
A．B球在甲中排开液体重力小于在乙中排开液体重力；
B．A球在甲中所受浮力大于在乙中所受浮力；
C．甲容器底所受液体压强小于乙容器底所受液体压强；
D．甲容器对水平面压强等于乙容器对水平面压强
【答案】B。
【解析】A、由图可知，AB两球排开液体的总体积：V排甲＜VA+VB，V排乙＝VA+VB，所以，V排甲＜V排乙；
已知甲、乙两个完全相同的容器，两容器中液面恰好相平，则：V甲+V排甲＝V乙+V排乙，所以，V甲＞V乙，即甲容器中液体的体积较大；
已知容器中的液体质量相等，根据ρ＝可知：ρ甲＜ρ乙；
B球排开液体的重力：G排液＝ρ液gVB，ρ甲＜ρ乙；
B球在甲中排开液体重力小于在乙中排开液体重力，故A正确；
B、由图可知，A在甲液体中漂浮，根据漂浮条件可知：FA浮甲＝GA﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
A和B在乙液体中一起悬浮，则A球的受力情况是：FA浮乙＝GA+F﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②可知，FA浮甲＜FA浮乙，故B错误；
C、已知两容器中液面恰好相平（液体的深度相同），ρ甲＜ρ乙，根据p＝ρgh可知：p甲＜p乙，故C正确；
D、容器对水平面的压力等于容器的总重力，即F压＝G液+G容+GA+GB；
由于容器和液体质量均相等，A、B两球的质量不变，所以，F甲＝F乙，即两容器对水平面的压力相等，
由于甲、乙两个完全相同的容器，则水平面的受力面积相等，根据p＝可知：p甲′＝p乙′，即两容器对水平面的压强相等，故D正确。故选：B。
3.（2020•广西）伽利略认为：一个金属小球从光滑斜面的某一高度处静止滚下，由于不受阻力，没有能量损耗，那么它必定到达另一光滑斜面的同一高度，如果把斜面放平缓一些，也会出现同样的情况。其模拟实验如图所示，则下列说法中正确的是（ ）。
A．小球在运动过程中只受重力作用；
B．在滚下斜面的过程中，小球的动能转化为重力势能，机械能减少；
C．另一斜面越平缓，小球在它上面运动的距离越小；
D．如果另一斜面变成水平面，则小球达不到同样的高度而会永远运动下去
【答案】D。
【解析】A．小球在运动过程中除受到重力作用外，还受到支持力的作用，故A错误；
B．在滚下斜面的过程中，小球的质量不变，高度变小，速度变大，则重力势能变小，动能变大，重力势能转化为动能；小球运动时不受阻力，其机械能是守恒的，故B错误；
C．因为小球在运动过程中机械能守恒，所以，另一斜面越平缓，小球在它上面运动的距离越大，故C错误；
D．如果斜面变成水平面，水平面光滑，不受阻力，则小球会做匀速直线运动，永远运动下去，故D正确。故选：D。
4.（2020•徐州）如图所示，用气球、夹子、吸管和胶带制成“喷气火箭”。把封口的夹子松开后，气球在轨道上以起点A向右冲出，最后停在B点，下列关于气球整个运动过程的说法正确的是（ ）。
A．一直做加速运动 B．先加速后减速
C．做匀速直线运动 D．先减速后加速
【答案】B。
【解析】把封口的夹子松开后，里面的气体膨胀对外做功，产生了一个推力，推力开始大于摩擦力，随着空气的排出变小并于一瞬间等于摩擦力后又小于摩擦力，直至最后等于零。所以气球先加速后减速。故B正确、ACD错误。故选：B。
5.（2020•广西）《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理，“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力，如图所示，杆秤在水平位置平衡，以下说法正确的是（ ）。
A．“重”增大时，N端上扬 B．“权”增大时，M端上扬
C．“权”向右移时，N端下沉 D．提纽向右移时，M端上扬
【答案】C。
【解析】A．“重”增大时，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积N端下沉，故A错误；
B．“权”增大时，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积M端下沉，故B错误；
C．“权”向右移时，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积N端下沉，故C正确；
D．提纽向右移时，左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积M端下沉，故D错误。
故选：C。
方法四：推理法
推理法是根据题干给出的条件，利用有关的物理规律、物理公式或物理原理通过逻辑推理或计算得出正确答案，然后再与备选答案对照作出选择。
【典例】（2020•甘孜州）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）在相同时间内把重物G提升相同高度。若F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）。
A．力F1和F2做功的功率相同；
B．力F1和F2做的总功相同；
C．两个滑轮组机械效率一样大；
D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高
【答案】D。
【解析】由图知，甲滑轮组中承担物重的绳子段数n＝3，乙滑轮组中承担物重的绳子段数n＝4。
AB、若重物上升高度为h，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：s甲＝3h，s乙＝4h；
甲滑轮组中拉力做的总功为W甲总＝F1•3h，乙滑轮组中拉力做的总功为W乙总＝F2•4h，
已知F1＝F2，所以W甲总＜W乙总，故B错误；
已知时间相同，由公式P＝知，P甲总＜P乙总．故A错误；
CD、甲、乙两滑轮组提升的物重G相同，设一个动滑轮的重为G动，
不计绳重及摩擦，则甲滑轮组的机械效率为：η甲＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%，
同理可得，乙滑轮组的机械效率为：η乙＝×100%，
所以η甲＞η乙，故C错误，D正确。故选：D。
【跟踪练习】
1.（2020•株洲）一根粗细均匀的木棒，斜靠在竖直墙壁上。墙壁光滑，地面粗糙，木棒受到的重力为G，墙壁对木棒的弹力为F，如图所示，现让木棒的倾斜度变小一些至虚线所示位置，木棒仍能静止斜靠在墙上，则与原来相比，G和F变化情况为（ ）。
A．G不变，F变小 B．G不变，F变大
C．G变化，F变小 D．G变化，F变大
【答案】B。
【解析】以与地面接触点为支点，设与墙壁接触点与地面的距离为h，与地面接触点与墙壁距离为L，根据杠杆平衡条件，有：
F×h＝G×，
解得：F＝
现让木棒的倾斜度变小一些至虚线所示位置，
由于重力G不变、L变大、h减小，故弹力F增加，故B正确。故选：B。
2.（2020•贵港）如图所示，完全相同的A、B两个长方体物块叠放在水平地面上，在拉力F作用下，物块A、B一起向右做匀速直线运动下列说法正确的是（ ）。
A．物块A受到的重力和B对A的支持力是一对相互作用力；
B．物块B受到的重力和地面对B的支持力是一对平衡力；
C．物块A对B的摩擦力方向水平向右，大小等于F；
D．物块B对地面的摩擦力方向水平向左，大小等于F
【答案】C。
【解析】A、物块A受到的重力和B对A的支持力作用在同一个物体上，不是一对相互作用力，故A错误；
B、地面对B的支持力等于物体A、B的重力之和，则物块B受到的重力要小于地面对B的支持力，所以二力不是一对平衡力，故B错误；
C、物块A、B一起向右做匀速直线运动，对A来说，A受力平衡，在水平方向上A受到向右的拉力和向左的B对A的摩擦力的作用，这两个力大小相同，大小都为F；由于力的作用是相互的，所以A对B的摩擦力大小等于F，方向水平向右，故C正确；
D、对整体进行受力分析，整体向右做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上整体受到向右的拉力和地面对B向左的摩擦力，则摩擦力f＝F；根据力作用的相互性可知，B对地面的摩擦力的方向是向右的，大小等于F，故D错误。故选：C。
3.（2020•广州）球竖直向上运动，并落回地面，这过程中先后经过M、S两点。球在这两点的动能和重力势能如图所示，则球在M点的（ ）。
A．速度比在S点的大 B．机械能大于在S点的
C．机械能等于在S点的 D．离地高度比在S点的低
【答案】B。
【解析】A、球的质量不变，球在M点的动能小于S点动能，所以求在M点的速度小于S点速度，故A错误。
BC、球在运动过程中没有发生弹性形变，所以机械能等于动能和重力势能之和，由图知，球在M点动能和S点重力势能相等，M点的重力势能大于S点的动能，所以M点的机械能大于S点的机械能，故B正确，C错误。
D、M点的重力势能大于S点的重力势能，球的质量不变，所以球在M点的高度大于S点的高度，故D错误。故选：B。
4.（2020•雅安）如图所示，当乒乓球从水里上浮到水面上，乒乓球在A位置时受到的浮力为FA，水对杯底的压强为pA，在B位置时受到的浮力为FB，水对杯底的压强为pB，则它们的大小关系是（ ）。
A．FA＝FB pA＝pB B．FA＜FB pA＜pB
C．FA＞FB pA＞pB D．FA＞FB pA＝pB
【答案】C。
【解析】由图知，乒乓球在A位置时是浸没，此时V排A＝V球；在B位置时是漂浮，此时V排B＜V球，所以V排A＞V排B，
由F浮＝ρ液gV排可知乒乓球受到的浮力FA＞FB；
由于从水里上浮直至漂浮在水面上，排开水的体积减小，水面下降，则hA＞hB，
根据p＝ρgh可知水对杯底的压强pA＞pB。故选：C。
5.（2020•达州）如图所示，把用ρ＝1.0×103kg/m3的复合材料制成边长分别为2m和3m的甲、乙两实心均匀正方体放在水平地面上，甲、乙对地面的压强分别为p甲、p乙；把G1＝2×104N的物体放在甲上，G2＝3×104N的物体放在乙上，此时甲、乙对地面的压强分别为p甲′、p乙′，则下列结果正确的是（ ）。
A．p甲：p乙＝2：3，p甲′：p乙′＝3：4；
B．p甲：p乙＝2：3，p甲′：p乙′＝4：3；
C．p甲：p乙＝3：2，p甲′：p乙′＝3：4；
D．p甲：p乙＝3：2，p甲′：p乙′＝4：3
【答案】A。
【解析】（1）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，实心均匀正方体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgL，
则甲、乙对地面的压强之比p甲：p乙＝ρgL甲：ρgL乙＝L甲：L乙＝2m：3m＝2：3，故CD错误；
（2）由G＝mg＝ρVg＝ρL3g可得，甲、乙两实心均匀正方体的重力分别为：
G甲＝ρL甲3g＝1.0×103kg/m3×（2m）3×10N/kg＝8×104N，
G乙＝ρL乙3g＝1.0×103kg/m3×（3m）3×10N/kg＝2.7×105N，
甲、乙的底面积分别为：S甲＝L甲2＝（2m）2＝4m2，S乙＝L乙2＝（3m）2＝9m2，
此时甲、乙对地面的压强分别为：
p甲′＝＝＝2.5×104Pa，p乙′＝＝＝×104Pa，
则p甲′：p乙′＝2.5×104Pa：×104Pa＝3：4，故A正确、B错误。故选：A。
一、运动与力
1．（2020•日照）用物理知识解释下列体育运动，正确的是（ ）。
A．足球比赛﹣运动的足球被守门员挡在了手中，说明力可以改变物体的运动状态；
B．百米赛跑﹣比赛穿“钉子鞋”成绩会更好，说明增大接触面的粗糙程度可减小摩擦；
C．引体向上﹣如果运动员受的重力和单杠对他的拉力是一对平衡力，说明运动员静止；
D．投掷标枪﹣离开手的标枪能继续向前运动，说明重力能推动物体继续运动
【答案】A。
【解析】A、运动的足球被守门员挡在了手中，足球的速度大小发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B、百米赛跑﹣比赛穿“钉子鞋”，运动员鞋底是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故B错误；
C、人在单杠上静止时，运动员受的重力和单杠对他的拉力，大小相等、方向相反、作用在同一物体上并在同一条直线上，是一对平衡力，受平衡力时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态，故C错误；
D、投掷出去的标枪由于具有惯性，仍要保持原来的运动状态，不需要力来维持，故D错误。
故选：A。
2．（2020•淄博）物理与生活联系非常密切，下列数据符合实际的是（ ）。
A．一张纸的厚度约为1mm
B．成年人步行的速度约为10m/s
C．家用空调正常工作时的功率约为100W
D．两个鸡蛋的质量约为100g
【答案】D。
【解析】A、一张纸的厚度约为0.1mm，故A错误。
B、成年人步行的速度约为1m/s，故B错误。
C、家用空调正常工作时的功率约为1000W，故C错误。
D、一斤（500g）鸡蛋可称8﹣﹣10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g，故两个鸡蛋的质量约100g，故D正确。故选：D。
3．（2020•日照）6月23日，北斗导航系统最后一颗组网卫星﹣“北斗三号”卫星在西昌基地发射成功。6月30日，这颗卫星成功定位于地球同步轨道。“北斗人”攻坚克难、拾级而上，提前半年全面完成“北斗三号”全球卫星导航系统星座部署，扬了国威，长了志气。下列说法正确的是（ ）。
A．点火后，在加速上升的过程中，卫星的动能增加，重力势能减少；
B．点火后，在加速上升的过程中，卫星的重力势能增加，动能减少；
C．卫星进入地球同步轨道后，将处于平衡状态；
D．卫星进入地球同步轨道后，不受空气阻力，机械能不变
【答案】D。
【解析】AB、点火后，在加速上升的过程中，质量不变，但是高度增加，速度增大，所以重力势能和动能都增大，故AB错误；
C、卫星绕地球飞行，运动方向不断改变，所以卫星的运动状态在不断改变，所以处于变速运动状态，不是平衡状态，故C错误；
D、在大气外运行，不受空气阻力时，卫星的机械能守恒，故D正确。故选：D。
4．（2020•西藏）为了响应“绿色生活，低碳出行”的号召，旦增坚持乘坐新能源公交车出行。一辆新能源公交车在水平公路上匀速行驶，以下分析正确的是（ ）。
A．汽车在行驶过程中，动能不断增加；
B．汽车受到的牵引力与汽车受到的阻力是一对平衡力；
C．汽车受到的重力与地面对汽车的支持力是相互作用力；
D．驾驶员必须系安全带，是为了防止惯性力带来的危害
【答案】B。
【解析】A．汽车在行驶过程中，因为质量不变，速度不变，所以动能不变，故A错误；
B、这时汽车受到的牵引力与汽车受到的阻力因为大小相等，方向相反，作用在一条直线上，并且作用在同一物体汽车上，满足二力平衡条件，是一对平衡力，故B正确；
C、汽车受到的重力与地面对汽车的支持力，这两个力作用在同一个物体汽车上，不满足相互作用力条件，不是相互作用力，故C错误；
D、驾驶员必须系安全带是为了防止惯性带来的危害，不能说“惯性力”带来的危害，故D错误。
故选：B。
5．（2020•绵阳）2020年6月1日起，公安部交管局在全国开展“一盔一带”安全守护行动，要求骑摩托车和电动自行车必须戴头盔，开车必须系安全带。戴头盔、系安全带能保护人的生命安全，其原因是在遇到交通事故时（ ）。
A．头盔能防止人头由于惯性撞击头盔；
B．安全带能防止人体由于惯性飞出车外；
C．头盔能减小人头的惯性，从而减小撞击力的大小；
D．安全带能减小人体的惯性，从而减小撞击力的大小
【答案】B。
【解析】A、头盔的作用是在人的头部受到撞击时，通过增大受力面积减小对头部的压强，对驾驶员起一个保护作用；故A错误；
B、汽车在紧急刹车时，人由于惯性会继续保持原来的运动状态向前运动，容易撞上挡风玻璃而飞出车外，系安全带可以避免人由于惯性飞出车外，故B正确；
CD、惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，所以头盔和安全带只能减少人受到的伤害，不能减小惯性；故CD错误。故选：B。
6．（2020•锦州）2020年5月5日，我国“长征五号”B运载火箭在海南文昌发射成功。关于火箭发射过程中所包含的物理知识，正确的是（ ）。
A．发射前，火箭对发射台的压力和发射台对火箭的支持力是一对平衡力；
B．发射前，火箭受到的重力和火箭对发射台的压力是一对相互作用力；
C．火箭加速升空的过程中，机械能不守恒；
D．火箭加速升空的过程中，动能转化为重力势能
【答案】C。
【解析】A、发射前，火箭对发射台的压力和发射台对火箭的支持力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力。故A错误。
B、发射前，火箭受到的重力和火箭对发射台的压力方向相同，所以不是一对相互作用力。故B错误。
C、火箭加速升空过程中，质量不变，速度增大，所以动能增大；同时高度增大，所以重力势能增大；火箭的动能和势能均能大，所以机械能不守恒。故C正确。
D、火箭加速升空过程中，火箭的动能和势能均能大，所以动能没有转化为重力势能；故D错误。
故选：C。
7．（2020•上海）甲、乙两车同时从P点出发，沿同方向做匀速直线运动，两车的s﹣t图象分别如图（a）（b）所示。两车先后到达距P点18米的Q处，时间差为△t，则（ ）。
A．甲比乙先到达Q处，△t＝12s；
B．甲比乙先到达Q处，△t＝18s；
C．乙比甲先到达Q处，△t＝12s；
D．乙比甲先到达Q处，△t＝18s
【答案】C。
【解析】由图象可知，s甲＝3.6m，t甲＝6s；s乙＝6.0m，t乙＝6s；
则甲车的速度为：v甲＝＝＝0.6m/s，
乙车的速度为：v乙＝＝＝1m/s。
甲车通过18米的路程需要的时间为：t甲′＝＝＝30s，
乙车通过18米的路程需要的时间为：t乙′＝＝＝18s，
故乙车先到达Q处，两车到达Q处的时间差为：△t＝t甲′﹣t乙′＝30s﹣18s＝12s。
故选：C。
8．（2020•常州）小明在家进行趣味物理实验“竖辣椒”，通过不断调节，最终把一根辣椒竖立在桌面上。下列关于辣椒的受力示意图中，正确的是（ ）。
A．；B．；C．；D．
【答案】A。
【解析】由题知，辣椒在竖直方向上保持静止状态，辣椒在竖直方向上受到的重力和支持力是一对平衡力。
A、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，二力方向相反、作用在一条直线上，都作用在辣椒上（作用点也可以都画在重心上），故A正确；
B、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，二力不在一条直线上，故B错误；
C、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，重力的作用点不在重心、二力不在一条直线上，故C错误；
D、图中所示辣椒受到重力、支持力的作用，重力的作用点不在重心、二力方向不相反、二力不在一条直线上，故D错误。故选：A。
9．（2020•十堰）如图，某同学连续用脚蹬地，滑板车在水平路面加速前进，停止蹬地后，滑板车慢慢停下来。关于图中滑板车的运动，下列说法正确的是（ ）。
A．物体的运动离不开力；
B．滑板车运动的速度越大，惯性越大；
C．滑板车受的支持力与滑板车的重力是平衡力；
D．用脚蹬地时，该脚所受摩擦力方向向前
【答案】D。
【解析】A、停止蹬地后，滑板车受到阻力的作用会慢慢停下来，说明了力是改变物体运动状态的原因，力不是维持物体运动的原因，故A错误；
B、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，故B错误；
C、地面对滑板车的支持力等于滑板车和同学的重力之和，所以地面对滑板车的支持力与滑板车的重力的大小不相等，则二力不是平衡力，故C错误；
D、用脚蹬地时，脚相对于地面有向后的运动趋势，故摩擦力方向与之相反，即摩擦力方向是向前的，故D正确。故选：D。
10．（2020•黄石）甲、乙两物体，同时从同一地点出发沿直线向同一方向运动，它们的s﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（ ）。
A．0﹣5s内，乙的平均速度为3m/s
B．3﹣5s内，乙做匀速直线运动
C．4s时，乙在甲前方5m处
D．5s时，甲、乙两物体的速度相等
【答案】A。
【解析】AB、由s﹣t图可知，0～3s内乙做匀速直线运动，乙运动的距离是15m，3～5s内，乙处于静止状态，0～5s，乙的平均速度v乙＝＝＝3m/s，故A正确，B错误；
C、甲做匀速直线运动，甲的速度v甲＝＝＝3m/s，4s时，甲运动的距离s甲1＝v甲t1＝3m/s×4s＝12m，
4s时，乙运动的距离s乙＝15m，4s时，乙在甲前方：△s＝s乙﹣s甲1＝15m﹣12m＝3m，故C错误；
D、5s时，甲的速度是3m/s，乙是静止状态，速度不同，故D错误。故选：A。
二、压强
1．（2020•广西）如图所示，体积相同的长方体甲、乙置于水平地面，其中甲、乙阴影部分为等大的正方形，甲、乙的密度分别为ρ甲、ρ乙，对地面的压强分别为p甲、p乙，将它们顺时针旋转90°，甲、乙对地面压强的变化量分别为△p甲、△p乙．△p甲＜△p乙，则（ ）。
A．ρ甲＜ρ乙，p甲＞p乙 B．ρ甲＜ρ乙，p甲＜p乙
C．ρ甲＞ρ乙，p甲＞p乙 D．ρ甲＞ρ乙，p甲＜p乙
【答案】B。
【解析】由题意知，甲、乙的体积相同，在水平地面上的压力等于重力，则甲对地面的压强变化量为：
△p甲＝﹣＝﹣＝G甲（﹣）；
乙对地面的压强变化量为：△p乙＝﹣＝G乙（﹣）；
由△p甲＜△p乙，可知G甲（﹣）＜G乙（﹣）；
故G甲＜G乙；长方体甲乙体积相同，根据公式：G＝mg＝ρVg，
可得出ρ甲＜ρ乙﹣﹣﹣﹣①，
将它们顺时针旋转90°前，甲对地面的压强为：p甲＝，
乙对地面的压强为：p乙＝，
由G甲＜G乙和S立＜S平，
故p甲＜p乙﹣﹣﹣﹣②，
由①②，ACD不符合题意，B符合题意。故选：B。
2．（2020•百色）如图所示，水平桌面上放置有底面积为S．重为G1的薄壁容器，容器装有密度为ρ、深度为h，重为G2的某种液体，设液体对容器底部的压强为p1，容器对桌面的压强为p2，下列选项正确的是（ ）。
A．；B．p1＝ρgh；C．；D．+ρgh
【答案】B。
【解析】（1）液体对容器底部的压强：p1＝ρgh，故A错误，B正确；
（2）容器对桌面的压力：F＝G总＝G1+G2，则容器对桌面的压强：p2＝＝，故CD错误。
故选：B。
3．（2020•枣庄）如图所示，四个完全相同的条形磁体叠放在水平桌面上，甲、乙两图中桌面受到的压力分别为F甲、F乙，压强分别为p甲、p乙，关于它们的大小比较，下列说法正确的是（ ）。
A．F甲＝F乙p甲＝p乙 B．F甲＞F乙p甲＞p乙
C．F甲＜F乙p甲＜p乙 D．F甲＞F乙p甲＝p乙
【答案】A.
【解析】四个条形磁铁完全相同，则重力相等，如图所示，叠放在水平桌面上，对水平桌面的压力等于重力，故甲，乙两图中桌面受到的压力分别相等，即F甲＝F乙；
甲乙的受力面积相同，根据p＝可知，甲，乙两图中桌面受到的压强也相等，即p甲＝p乙，故A正确，BCD错误。故选：A。
4．（2020•黄石）如图所示，是ab两种物质m﹣V的关系图象，若用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，将甲、乙放在水平地面上。下列说法正确的是（ ）。
A．a、b的密度之比为4：1；
B．甲、乙两个正方体对地面的压强之比为4：1；
C．a、b的密度之比为2：1；
D．甲、乙两个正方体对地面的压强之比为2：1
【答案】B。
【解析】AC、由图象可知，当m＝80g时，V甲＝5cm3、V乙＝40cm3，
a、b两种物质的密度为：ρa＝＝＝16g/cm3，ρb＝＝＝2g/cm3，
a、b的密度之比：ρa：ρb＝16g/cm3：2g/cm3＝8：1，故A、C错误；
BD、用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，其体积之比：
V甲：V乙＝：＝ρb：ρa＝1：8，
由V＝L3可得正方体的边长之比：L甲：L乙＝1：2，
因为正方体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρLg，
所以，甲乙两物体对水平地面的压强之比：＝＝＝，故B正确、D错误。故选：B。
5．（2020•株洲）竖直放置一矿泉水瓶子，并在侧壁钻A、B、C、D四个一样大小的小孔，打开瓶盖，往瓶中注满水，水将从瓶孔喷出，水喷出速度最大的是从哪一个小孔喷出的（ ）。
A．A孔 B．B孔 C．C孔 D．D孔
【答案】D。
【解析】液体内部向各个方向都有压强，并且液体内部的压强随着深度的增加而增大。
由于D孔的深度最深，所以此处的液体内部的压强最大，故D孔喷出的水流速最大。故选：D。
6．（2020•潍坊）如图所示，一圆形水管左粗右细，a、b为粗管和细管中同一水平面上的点，水管中有一气泡，随水向右快速运动，气泡经过a、b两点时体积大小的比较，以下分析正确的是（ ）。
A．a点时大 B．b点时大 C．一样大 D．均有可能
【答案】B。
【解析】由于圆形水管左粗右细，当水经过a、b两点时，b点的流速大，压强小，所以气泡经过b点时的体积大于a点时体积，故B正确、ACD错误。故选：B。
7．（2020•泸州）在泸州市第35届科技创新大赛上，某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中，另一端与塑料瓶盖相连并密封，在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉，然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧，发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内，如图所示。下列说法中正确的是（ ）。
A．塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，目的是让瓶内空气增加；
B．用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终等于大气压；
C．烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是利用了连通器原理；
D．烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压
【答案】D。
【解析】A、往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气液化，体积变小，瓶内气体压强变小，故A错误；
B、将瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是不让大气进入瓶中，水蒸气液化，体积变小，瓶内气压小于大气压，故B错误；
C、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是大气压强的作用，不是连通器原理，故C错误；
D、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压，烧杯中的水在大气压的作用下，流入塑料瓶，故D正确。故选：D。
8．（2020•襄阳）如图所示，甲、乙两个实心正方体物块放置在水平地面上，甲的边长大于乙的边长。甲对地面的压强为p1，乙对地面的压强为p2．下列判断正确的是（ ）。
A．若甲、乙密度相等，将甲放到乙上，乙对地面的压强有可能变为p1
B．若甲、乙密度相等，将乙放到甲上，甲对地面的压强有可能变为p2
C．若甲、乙质量相等，将甲放到乙上，乙对地面的压强有可能变为p1
D．若甲、乙质量相等，将乙放到甲上，甲对地面的压强有可能变为p2
【答案】D。
【解析】设甲的边长为a，乙的边长为b，由题意知a＞b，由S＝L2可知，S甲＞S乙。
AB．若甲、乙密度相等，因实心正方体物块对水平地面的压强：
p＝＝＝＝＝＝ρgL，
则p1＝ρga，p2＝ρgb，由a＞b可知，p1＞p2。
①将甲放到乙上，乙对地面的压强：
p2'＝＝＝＝+p2，
因为a＞b，所以＞ρga＝p1，
所以p2'＞p1，故A错误；
②将乙放到甲上，与甲相比，甲对地面的压力变大，受力面积不变，所以甲对地面的压强变大，即p1'＞p1；因为p1＞p2，所以，此时甲对地面的压强p1'＞p1＞p2，故B错误；
CD、如果甲、乙的质量相等，则p1＝＝，p2＝＝，
因为S甲＞S乙，所以p1＜p2。
①将甲放到乙上，则乙对地面的压强：p2'＝，且p1＝＝，
因为2S甲＞S乙，所以p2'＞p1，故C错误；
②将乙放到甲上，甲对地面的压强p1'＝，
若S甲＝2S乙，则p1'＝＝＝＝p2，
即甲对地面的压强有可能变为p2，故D正确。故选：D。
9．（2020•无锡）如图所示，把长约20cm的饮料吸管从中部剪开（但不要彻底剪断）并弯折过来，将其中一段吸管a插在盛水的烧杯中，从另一段吸管b的管口用力吹气，水将从a管的管口喷出，且呈雾状，这是因为吹气时（ ）。
A．a管上端附近气体的压强变大；B．a管上端附近气体的压强变小；
C．烧杯中水面上气体的压强变大；D．烧杯中水面上气体的压强变小
【答案】B。
【解析】往B管中轻轻吹气，可以看到a管中的水面上升，原因是：往b管中吹气，吸管a上方空气的流速增大，压强减小，a管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以a管水上升后从管口喷出；烧杯中水面上气体的压强是不变，故B正确、ACD错误。故选：B。
10．（2020•北京）如图所示，把小桌甲倒放在海绵上，其上放一个物体乙，它们静止时，物体乙的下表面和小桌甲的桌面均水平。已知小桌甲重G1，桌面面积为S1；物体乙重G2，下表面的面积为S2。下列说法正确的是（ ）。
A．甲对海绵的压力就是甲受到的重力；
B．乙对甲的压力就是乙受到的重力；
C．甲对海绵的压强大小为；
D．乙对甲的压强大小为
【答案】C。
【解析】AB．压力是垂直作用在物体表面上的力，重力是指由于地球的吸引而产生的力，二力产生原因和方向不同，
只有当把物体放在水平面上时，对水平面的压力才等于物体重力，
所以，甲对海绵的压力F甲＝G1+G2，乙对甲的压力F乙＝G2，故AB错误；
CD．甲对海绵的压强p甲＝＝，乙对甲的压强p乙＝＝，故C正确、D错误。
故选：C。
三、功与机械能
1．（2020•广西）如图所示，在动能大小与质量的关系的实验研究中，下列分析正确的是（ ）。
A．实验中不需要控制钢球在同一高度由静止滚下；
B．当木块最终静止时，木块的惯性也会随之消失；
C．如果木块滑行时所受的外力全部消失，木块将做匀速直线运动；
D．木块滑行一段距离后停止运动，说明物体的运动需要力来维持
【答案】C。
【解析】A、研究动能大小与质量的关系的实验中，要控制速度相同，故要控制钢球在同一高度由静止滚下，A错误；
B、一切物体在任何情况下都有惯性，当木块最终静止时，木块的惯性不会随之消失，B错误；
C、如果木块滑行时所受的外力全部消失，由牛顿第一定律，木块将做匀速直线运动，C正确；
D、木块滑行一段距离后停止运动，说明力是改变物体运动的原因，D错误。故选：C。
2．（2020•柳州）苹果从高处落下，它减少的重力势能等于增加的动能（不计空气阻力），这一过程所遵循的物理规律是（ ）。
A．焦耳定律 B．欧姆定律
C．能量守恒定律 D．牛顿第一定律
【答案】C。
【解析】苹果从高处落下，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，不计空气阻力，则它减少的重力势能等于增加的动能，符合能量守恒定律，故C正确。故选：C。
3．（2020•阜新）如图是网球运动员挥拍击球的瞬间，下列说法正确的是（ ）。
A．网球在下落的过程中，重力势能转化为动能；
B．网球在空中运动的过程中，受到平衡力的作用；
C．球拍的网面凹陷，说明力可以改变物体的运动状态；
D．网球在惯性的作用下，向前运动
【答案】A。
【解析】A、网球下落时，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，重力势能转化成动能，故A正确；
B、乒乓球在空中飞行过程中速度和方向都发生变化，所以不是受到平衡力的作用，故B错误；
C、球拍的网面凹陷，说明力可以改变物体的形状，故C错误；
D、网球由于惯性向前运动，惯性不是力，不能说惯性的作用，故D错误。故选：A。
4．（2020•内江）2020年6月23日，我国将最后一颗全球组网的“北斗三号”导航卫星圆满发射成功。在发射过程中，“北斗三号”导航卫星随火箭加速上升，在加速上升阶段，“北斗三号”导航卫星的（ ）。
A．动能不变 B．重力势能增大
C．机械能减小 D．机械能不变
【答案】B。
【解析】影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在火箭加速上升的过程中，北斗导航卫星的质量不变，速度增大，动能增大；质量不变，高度增加，重力势能增大，所以机械能增大，故B符合题意，A、C、D不符合题意。故选：B。
5．（2020•广安）下列有关机械运动的说法，正确的是（ ）。
A．通信卫星由近地点向远地点运动过程中，动能增大，重力势能减小；
B．小秦骑车匀速转弯，运动状态一定发生了改变；
C．体育课上王虎比张明跑得快，则王虎通过的路程比张明多；
D．端午节划龙舟比赛时，以龙舟上的鼓为参照物龙舟是运动的
【答案】B。
【解析】A、通信卫星由近地点向远地点运动过程中，质量不变、高度增大，势能增大；质量不变、速度减小，动能减小，故A错误；
B、小秦骑车匀速转弯，运动的方向发生了变化，所以运动状态一定发生了改变，故B正确；
C、体育课上王虎比张明跑得快，说明王虎的速度大，由于不知道时间的大小，所以无法比较通过的路程的多少，故C错误；
D、以龙舟上的鼓为参照物，龙舟和鼓的位置关系没有发生变化，所以，以龙舟上的鼓为参照物龙舟是静止的，故D错误。故选：B。
6．（2020•黄石）如图，弹簧下端悬挂一个实心小球，用手托住小球，小球静止在A点，此时弹簧处于自然长度。释放小球，小球向下运动到最低点B（不超过弹簧弹性限度），小球从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是（ ）。
A．小球的重力势能一直在减少，动能一直在增加；
B．小球减少的重力势能全部转化为动能；
C．弹簧的弹性势能不断增大；
D．小球运动到B点时，重力势能最小，动能最大
【答案】C。
【解析】A、小球在下落过程中，重力不变，弹力不断增大，当重力和弹力的合力向下时，小球加速向下运动，当重力和弹力的合力向上时，小球减速向下运动，所以小球速度先增大后减小，小球质量不变，所以小球动能先增大后减小；小球的高度不断降低，所以小球的重力势能不断减小，故A错误。
B、小球下落过程中，当重力和弹力的合力向下时，小球加速向下运动，弹簧不断增长，小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能；当重力和弹力的合力向上时，小球的速度不断减小，弹簧不断增长，小球的重力势能和动能转化为弹簧的弹性势能，故B错误。
C、小球下落时，弹簧不断增长，弹簧的弹性势能不断增加，故C正确。
D、小球运动到B点时，小球的高度最小，速度最小，小球的质量不变，所以小球的重力势能和动能都最小，故D错误。故选：C。
7．（2020•荆门）如图所示，置于水平地面上的容器中盛有密度为0.8×103kg/m3的液体，质量为0.3kg、边长为5cm的正方体用细绳悬挂在容器上方的位置A，已知正方体底部距液面的高度为0.4m，剪断细绳后该正方体沿竖直方向下落，最终停在容器底部B点，此时液体的深度为0.8m。根据以上信息，下列说法正确的是（ ）。
A．正方体静止在位置A时拉力的大小为0.3N；
B．正方体在液体中受到的浮力为3N；
C．正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中重力做功为2.4J；
D．正方体静止在容器底部B时，液体对正方体底面的压力为16N
【答案】D。
【解析】A．正方体静止在位置A时处于平衡状态，受到的拉力和自身的重力是一对平衡力，二力大小相等，则拉力F＝G＝mg＝0.3kg×10N/kg＝3N，故A错误；
B．正方体在液体中沉底并浸没，受到的浮力F浮＝ρ液gV排＝ρ液gV＝0.8×103kg/m3×10N/kg×（0.05m）3＝1N，故B错误；
C．正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中，重力做的功W＝G△h＝3N×0.4m＝1.2J，故C错误；
D．正方体静止在容器底部B时，水对正方体底面的压强p＝ρ液gh＝0.8×103kg/m3×10N/kg×0.8m＝6400Pa，
由p＝可得，水对正方体底面的压力F′＝pS＝6400Pa×（0.05m）2＝16N，故D正确。故选：D。
8．（2020•南通）在“探究纸锥下落的快慢”的活动中，将纸锥从高处释放。若纸锥竖直下落时，受到的空气阻力随下落速度的增大而增大，则纸锥在空中竖直下落过程中，下列情形可能的是（ ）。
A．速度先增大后不变 B．速度先增大后减小
C．动能转化为重力势能 D．机械能先增大后减小
【答案】A。
【解析】由题意，纸锥下落过程中受到空气阻力随下落速度的增大而增大。由于受到阻力作用，纸锥的机械能减小；纸锥开始下落时，重力大于空气的阻力，加速下落，动能增大，重力势能减小，重力势能转化为动能和内能；随阻力逐渐增大，当增大到等于其重力时，匀速竖直下落。所以纸锥的速度先增大后不变。故A正确、BCD错误。故选：A。
9．（2020•鄂州）把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己的鼻子附近，稳定后松手，铁锁向前摆去，如图所示。下列说法中正确的是（ ）。
A．铁锁摆回时会打到鼻子；
B．铁锁在摆动过程中动能与重力势能可以相互转化；
C．铁锁由高处摆到低处的过程中动能转化为重力势能；
D．铁锁上升的最大高度逐次降低，是由于受到重力作用
【答案】B。
【解析】A．铁锁在摆动过程中，不断与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，机械能减小，所以铁锁摆回时不会打到鼻子，故A错误；
B．铁锁在摆动过程中，上升时动能转化为重力势能，下降时重力势能转化为动能，动能与重力势能相互转化，故B正确；
C．铁锁由高处摆到低处的过程中重力势能转化为动能和内能，故C错误；
D．铁锁上升的最大高度逐次降低，是由于受空气阻力的作用，机械能不断减小，高度不断减小，故D错误。故选：B。
10．（2020•益阳）“反向蹦极”是一项比蹦极更刺激的运动。如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上，并与固定在地面上的扣环相连。打开扣环，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，经上升到最高位置C点，在B点时速度最大。对此过程，下列描述正确的是（ ）。
A．人从A到C的过程中，重力势能增加，动能一直减少；
B．人从A到B的过程中，动能增加，重力势能减少；
C．人在B点时动能最大；
D．弹性绳的弹性势能在B点时最大
【答案】C。
【解析】A、人从A到C的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增加；AB段速度逐渐变大，动能逐渐变大；BC段速度逐渐变小，动能逐渐变小；故A错误；
B、从A到B的过程中，质量不变、高度增大，重力势能增加；质量不变、速度逐渐变大，动能变大；故B错误；
C、人的质量一定，在B点时速度最大，动能最大；故C正确；
D、弹性绳在A点时弹性形变最大，弹性势能最大；故D错误。故选：C。
四、浮力
1．（2020•南京）a、b是两种不同的物质，其质量与体积的关系图象如图所示，分别用物质a、b制成质量相等的实心球甲、乙，和体积相等的实心球丙、丁，即m甲＝m乙，V丙＝V丁，ρ甲＝ρ丙＝ρa，ρ乙＝ρ丁＝ρb，将四个实心球都浸没在水中。松手稳定后它们所受浮力大小关系正确的是（ ）。
A．F甲＝2F乙 B．3F甲＝F乙 C．F丙＝3F丁 D．2F丙＝3F丁
【答案】D。
【解析】由图知，a物质的密度ρa＝＝＝2g/cm3，b物质的密度ρb＝＝＝g/cm3，
则ρ甲＝ρ丙＝ρa＝2g/cm3＝2ρ水，ρ乙＝ρ丁＝ρb＝g/cm3＝ρ水＜ρ水，
将四个实心球都浸没在水中，松手稳定后：
（1）甲球沉入水底，其受到的浮力：
F甲＝ρ水gV排＝ρ水gV甲＝ρ水g ＝ρ水g×＝m甲g，
乙球漂浮在水面上，乙受到的浮力F乙＝m乙g，因为m甲＝m乙，
所以F甲＝F乙，故AB错误；
（2）丙球沉入水底，其受到的浮力：F丙＝ρ水gV排＝ρ水gV丙，
丁球漂浮在水面上，其受到的浮力：F丁＝G丁＝m丁g＝ρ丁V丁g＝ρ水V丁g，
因为V丙＝V丁，所以F丁＝F丙，即2F丙＝3F丁，故C错误、D正确。故选：D。
2．（2020•西藏）有两根相同的缠有铜丝的木棒，将它们分别放入装有不同液体的两个烧杯中，会竖直立在液体中，静止时液面相平，如图所示。下列说法中正确的是（ ）。
A．液体的密度大小关系ρ甲＞ρ乙；
B．木棒在液体中受到的浮力大小关系F甲＜F乙；
C．容器底部受到液体的压强大小关系p甲＝p乙；
D．木棒排开液体的质量大小关系m甲＝m乙
【答案】D。
【解析】ABD、由图可知，密度计在两液体中均处于漂浮状态，根据物体浮沉条件可知，F浮＝G密，两个密度计完全相同，则重力相同，所以密度计在两种液体中所受的浮力相等；即F甲＝F乙，根据阿基米德原理F浮＝G排知，排开液体的重力相等，根据G＝mg知排开液体的质量也相等，故B错误，D正确；
由图知，甲中密度计排开液体的体积大于乙中排开液体的体积，根据F浮＝ρgV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，即ρ甲＜ρ乙，故A错误；
C、因ρ甲＜ρ乙，液面高度相同，根据p＝ρgh可知，两个容器底部所受液体的压强p甲＜p乙，故C错误。故选：D。
3．（2020•烟台）三个完全相同的烧杯，分别装有相同体积的甲、乙、丙三种不同液体，将烧杯放在同一个水槽中，静止时如图所示。则下列说法正确的是（ ）。
A．三个烧杯所受浮力相等 B．乙液体的密度最大
C．丙液体的密度比水大 D．三种液体的密度相等
【答案】B。
【解析】A、由图可知：V甲排＜V丙排＜V乙排；由F浮＝ρgV排可知：烧杯所受的浮力：F乙＞F丙＞F甲，故A错误；
BD、根据F浮＝G可知：烧杯与液体的总重力：G乙＞G丙＞G甲，由于烧杯相同，所以三种液体的重力关系：G乙液＞G丙液＞G甲液，
由G＝mg可知，液体的质量关系：m乙液＞m丙液＞m甲液，
由于三种液体的体积相同，由ρ＝可得，ρ乙液＞ρ丙液＞ρ甲液，故B正确，D错误；
C、对丙进行受力分析可知：F浮＝G杯+G丙液
由F浮＝ρgV排、G＝mg和ρ＝可得：ρ水gV排＝ρ杯gV杯+ρ丙液gV丙液
ρ水gV杯浸没+ρ水gV丙液＝ρ杯gV杯+ρ丙液gV丙液
因为ρ杯＞ρ水，所以ρ水gV杯浸没＜ρ杯gV杯，ρ水gV丙液＞ρ丙液gV丙液，即ρ水＞ρ丙液，故C错误。
故选：B。
4．（2020•河池）水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B（VA＜VB）分别放入两种液体中，静止后如图所示。下列说法正确的是（ ）。
A．甲液体的密度较大；
B．甲液体对容器底的压力较小；
C．甲液体中的物体所受的浮力较大；
D．两种液体对容器底的压强相等
【答案】B。
【解析】AC、把A、B两物体作为一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态，
由漂浮条件可知F浮＝GA+GB，所以该整体在两液体中受到的浮力相等，故C错误；
由图知，V排甲＝VB，V排乙＝VA，且VA＜VB，
所以V排甲＞V排乙；
因整体在两液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，
所以，由F浮＝ρ液gV排可知，两液体的密度关系：ρ甲＜ρ乙，故A错误；
BD、已知两液体的深度h相同，且ρ甲＜ρ乙，由p＝ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，且甲乙容器的底面积相同，根据p＝知甲液体对杯底的压力小于乙液体对杯底的压力，故B正确，D错误。故选：B。
5．（2020•大连）如图所示，两个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲，乙两种不同的液体。a、b是体积相等的两个小球，a球漂浮在液面上，b球沉没在容器底。甲液面高于乙液面，且两种液体对容器底的压强相等。则（ ）。
A．两种液体的密度ρ甲＝ρ乙；
B．两种液体的质量m甲＝m乙；
C．两个小球所受的重力Ga＞Gb；
D．两个小球所受的浮力Fa＜Fb
【答案】D。
【解析】A、两种液体对容器底的压强相等，根据p＝ρgh，因为h甲＞h乙，所以ρ甲＜ρ乙，故A错误。
B、两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F＝pS得，所以甲和乙两种液体对容器底的压力相等，
即F甲＝F乙，所以G甲+Ga排＝G乙+Gb排，
由于ρ甲＜ρ乙，Va排＜Vb排，
所以ρ甲Va排＜ρ乙Vb排，
所以，Ga排＜Gb排，
故G甲＞G乙，m甲＞m乙，故B错误。
CD、a漂浮在甲液面上，Ga＝Fa，b在乙液体中沉底，Gb＞Fb，又因为F浮＝ρ液gV排，乙液体密度大，b排开乙液体体积大，所以乙受到的浮力大于甲受到的浮力，即Fb＞Fa，所以Gb＞Ga，故C错误，D正确。故选：D。
6．（2020•赤峰）水平桌面上两只完全相同的杯子里，分别盛有甲、乙两种不同液体。把两个完全相同的小球分别放入甲、乙两种液体中，静止后，在甲液体中的小球沉底，在乙液体中的小球悬浮，此时两个杯中的液面恰好相平。如图所示，下列说法中正确的是（ ）。
A．甲液体的密度大于乙液体的密度；
B．甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强；
C．甲液体中小球受到的浮力小于乙液体中小球受到的浮力；
D．盛甲液体的杯子对桌面的压强等于盛乙液体的杯子对桌面的压强
【答案】C。
【解析】A、小球在甲液体中沉底，小球的密度大于甲液体的密度，小球在乙液体中悬浮，小球的密度等于乙液体的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故A错误；
B、两个杯中的液面恰好相平，甲液体的密度小于乙液体的密度，由p＝ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，故B错误；
C、小球在甲液体中沉底，小球受到的浮力小于小球的重力，小球在乙液体中悬浮，小球受到的浮力等于小球的重力，所以甲液体中小球受到的浮力小于乙液体中小球受到的浮力，故C正确；
D、由图可知，杯子中液体的体积相同，甲液体的密度小于乙液体的密度，由m＝ρV可知甲液体的质量小于乙液体的质量，两个小球的质量相等，杯子的质量相等，所以杯子、甲液体和小球的总质量小于杯子、乙液体和小球的总质量，由G＝mg可知杯子、甲液体和小球的总重力小于杯子、乙液体和小球的总重力，盛甲液体的杯子对桌面的压力小于盛乙液体的杯子对桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由p＝可知盛甲液体的杯子对桌面的压强小于盛乙液体的杯子对桌面的压强，故D错误。故选：C。
7．（2020•常州）一个薄壁密封饮料瓶内装有一些饮料，分别放在装有甲、乙两种液体的容器中，静止后饮料瓶的状态如图所示，饮料瓶受到的浮力分别为F浮甲、F浮乙．甲、乙两种液体的密度分别为ρ甲、ρ乙．则（ ）。
A．F浮甲＞F浮乙，ρ甲＞ρ乙 B．F浮甲＜F浮乙，ρ甲＜ρ乙
C．F浮甲＝F浮乙，ρ甲＞ρ乙 D．F浮甲＝F浮乙，ρ甲＜ρ乙
【答案】C。
【解析】由于饮料瓶漂浮，则F浮＝G，所以，饮料瓶在两种液体中受到的浮力相等，都等于饮料瓶受到的重力G，即F浮甲＝F浮乙＝G，
由图知，饮料瓶排开液体的体积：V甲排＜V乙排，根据F浮＝ρ液gV排可知液体的密度：ρ甲＞ρ乙。
故选：C。
8．（2020•宿迁）小明在饮料吸管中塞入一些细铁丝作为配重，并将一端封闭，制作了一只简易密度计；将其先后放入甲、乙两杯液体中，当密度计静止时，两杯中液体深度相同，如图所示，下列说法正确的是（ ）。
A．密度计在甲杯液体中受到的浮力更大；
B．密度计的刻度线，越往上标注的密度值越大；
C．密度计放入后，乙杯中液体对容器底的压强更大；
D．适当减小配重，可以增大该密度计两条刻度线之间的距离，使测量结果更精确
【答案】C。
【解析】A、同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，则F浮甲＝F浮乙＝G，即浮力是相同的，故A错误；
B、密度计浸入液体的深度越小，说明液体的密度越大，即密度计越靠近上方的刻度，其相应的密度数值越小，故B错误；
C、由图可知，密度计在乙液体中排开的液体的体积小，根据ρ液＝可知，乙液体的密度大，深度相同，根据p＝ρgh可知，乙杯中液体对容器底的压强更大，故C正确；
D、因为密度计漂浮在液体中，则F浮＝G，即ρ液gSh＝G，则△V＝sh，增大该密度计两条刻度线之间的距离，即△V变大，h变大，具体做法是：可适当增大配重或用更细的吸管，故D错误。故选：C。
9．（2020•郴州）如图所示是甲、乙两种物质的m﹣V图象，用这两种物质按一定比例混合制成实心小球，并将其放入水中。下列分析正确的是（ ）。
A．若甲、乙物质质量相等，则实心小球将沉入水底；
B．若甲、乙物质体积相等，则实心小球静止时漂浮于水面；
C．若实心小球悬浮在水中，则甲、乙物质体积比为5：3；
D．若实心小球悬浮在水中，则甲、乙物质质量比为3：2
【答案】D。
【解析】A、由图象可知，当m甲＝300g，V甲＝200cm3，
m乙＝200g时，V乙＝300cm3，
则甲、乙两种物质的密度分别为：ρ甲＝＝＝1.5g/cm3，同理，ρ乙＝g/cm3，
若甲、乙物质质量相等（为m），
甲的体积为：V1＝；乙的体积为V2＝，
混合制成实心小球的平均密度：
ρ＝＝＝
＝＝＝≈0.92g/cm3＜1.0g/cm3；
由物体的浮沉条件，若甲、乙物质质量相等，则实心小球将上浮，最后漂浮在水面上，A错误；
B、若甲、乙物质体积相等（为V），
甲的质量：m1＝ρ甲V；
乙的质量：m2＝ρ乙V，
实心的平均密度：
ρ′＝＝＝≈1.08g/cm3＞1.0g/cm3；
由物体的浮沉条件，若甲、乙物质体积相等，则实心小球将下沉，最后沉在水底；B错误；
C、设甲的体积与总体积之比为x、乙物质与总体积之比为1﹣x，
小球的平均密度：ρ0＝＝＝ρ甲x+ρ乙（1﹣x），
实心小球悬浮在水中，根据浮沉条件小球的平均密度等于水的密度，
即ρ甲x+ρ乙（1﹣x）＝1.5g/cm3×x+g/cm3×（1﹣x）＝1.0g/cm3；
x＝40%，
即甲的体积与总体积之比为40%，乙物质与总体积之比为1﹣40%＝60%，
若实心小球悬浮在水中，则甲、乙物质体积比为：40%：60%＝2：3，C错误；
D、设甲物质质量占总质量的比为n，则乙占总质量之比（1﹣n），根据密度公式，小球的平均密度：ρ″＝＝＝，
根据悬浮的条件：＝1.0g/cm3；
将ρ甲＝1.5g/cm3和ρ乙＝g/cm3代入上式得：甲物质质量占总质量的比：n＝60%；
乙物质质量占总质量的比：1﹣n＝1﹣60%＝40%，
则甲、乙物质质量比为：60%：40%＝3：2，D正确。故选：D。
10．（2020•山西）2020年5月27日，我国8名登山队员成功登峰测极!成功登顶离不开准确的天气预报。如图所示，是气象探测保障服务团队，在珠峰大本营准备释放甲、乙两个探空气球采集气象信息，甲的体积小于乙的体积。在探空气球释放前后的过程中，下列分析正确的是（ ）。
A．释放前甲受到的浮力一定等于它自身的重力；
B．释放前甲受到的浮力一定大于乙受到的浮力；
C．释放后探空气球受到的浮力等于它排开空气所受的重力；
D．释放后探空气球上浮过程中受到的浮力一定小于自身重力
【答案】C。
【解析】A、根据物体的浮沉条件，释放前甲受到的浮力一定大于它自身的重力，甲球才能上浮，A错误；
B、甲的体积小于乙的体积，根据阿基米德原理：F浮＝ρ气gV排，释放前甲受到的浮力一定小于乙受到的浮力，B错误；
C、由阿基米德原理，物体在气体中受到的浮力等于物体排开气体的重力，C正确；
D、释放后探空气球开始上浮过程中，气球受到浮力一定大于重力，气球升到一定的高度后，空气密度减小，若气球的体积不变，气球所受浮力减小，上升到一定高度时浮力等于重力，由于惯性气球继续向上运动，D错误。故选：C。
11．（2020•大庆）一个底部横截面积为200cm2的圆柱形薄壁玻璃容器静止于水平桌面上，一个物体悬挂于弹簧秤下端，开始完全浸没在水中处于静止状态，如图甲，此时弹簧秤的读数为5.0N；后来缓慢提起物体，直到物体的体积露出水面，如图乙，发现容器底部水的压强减少了100Pa，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。则下列说法不正确的是（ ）。
A．物体的质量为1.3kg；
B．物体的密度为1.625×103 kg/m3；
C．容器底部对桌面的压力减小2N；
D．弹簧秤的读数变为8N
【答案】D。
【解析】（1）根据p＝ρgh知，当物体的体积露出水面时，减小的深度为：
△h＝＝＝0.01m，
减小的体积为：△V＝S△h＝200×10﹣4m2×0.01m＝2×10﹣4m3，
物体的体积为：V＝4×△V＝4×2×10﹣4m3＝8×104m3，
物体浸没在水中时受到的浮力为：F浮＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣4m3＝8N，
根据称重法F浮＝G﹣F知，物体的重力为：G＝F浮+F＝8N+5.0N＝13N，
根据G＝mg知，物体的质量为：m＝＝＝1.3kg，故A正确；
物体的密度为：ρ＝＝＝1.625×103kg/m3，故B正确；
（2）物体的体积露出水面时的浮力为：
F浮′＝ρ水gV排＝ρ水g（1﹣）V＝1.0×103kg/m3×10N/kg××8×10﹣4m3＝6N，
根据称重法F浮＝G﹣F知，此时物体的拉力为：F′＝G﹣F浮′＝13N﹣6N＝7N，故D错误；
所以弹簧测力计的拉力减小了△F＝F′﹣F＝7N﹣5N＝2N，容器底部对桌面的压力也减小了2N，故C正确。故选：D。
12．（2020•郴州）小明将两个完全相同的物体A、B，分别放在甲、乙两种液体中，A、B处于如图所示的漂浮状态，且此时液面处于同一水平高度。由此可判断（ ）。
A．甲液体密度小于乙液体密度；
B．物体A、B下表面所受液体压强相等；
C．甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强；
D．A物体受到的浮力小于B物体受到的浮力
【答案】B。
【解析】AD、两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，A、B分别放入两杯中，两物体漂浮，受到的浮力F＝G，故两物体受到的浮力相同，F浮A＝F浮B，根据阿基米德原理：F浮＝ρ液gV排，因B排开液体的体积大，故为ρ甲＞ρ乙，故AD错误；
B、因为两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，所受的浮力相等，所以上下表面所受的压力差相等，上表面所受液体压力都为0，因此物体A、B下表面所受液体压强相等，故B正确；
C、静止时甲、乙液面刚好相平（如图所示），即容器底部的深度相同，图中甲乙两种液体的密度分别为ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，两烧杯底部所受液体的压强分别为p甲＞p乙．故C错误。
故选：B。
五、简单机械
1．（2020•绵阳）将一个定滑轮和挂有一个重60N钩码的动滑轮，分别组装成如图甲和乙所示的两种滑轮组．在图甲滑轮组，用大小为36N的竖直向下的拉力F1把钩码匀速提升了0.3m；在图乙滑轮组，用竖直向上的拉力F2把钩码匀速提升了0.6m．不计摩擦和绳重．设图甲滑轮组的机械效率为η甲，图乙滑轮组的机械效率为η乙，则（ ）。
A．η甲＞η乙 B．η甲＜η乙 C．η甲≈55.5% D．η乙≈83.3%
【答案】D。
【解析】根据图示可知，n甲＝2，n乙＝3；
由F＝（G+G动）可得，G动＝2F1﹣G＝2×36N﹣6N＝12N；
则F2＝（G+G动）＝×（60N+12N）＝24N；
由η＝＝＝可得，甲滑轮组的机械效率：η甲＝×100%＝×100%≈83.3%；
乙滑轮组的机械效率：η乙＝×100%＝×100%≈83.3%；
故ABC错误，D正确。故选：D。
2．（2020•盘锦）工人利用滑轮组吊起重为2400N的路灯杆（质量分布均匀）。如图所示，这是路灯杆一端刚被匀速拉起的简图。路灯杆离地后被匀速提升1m，绳端拉力F＝1000N．下列说法正确的是（ ）。
A．路灯杆一端刚被匀速拉起时，相当于费力杠杆；
B．路灯杆离地后，受到的拉力小于2400N；
C．路灯杆离地后，绳端拉力F做的功为1000J；
D．路灯杆离地后，滑轮组的机械效率为80%
【答案】D。
【解析】A、路灯杆一端刚被匀速拉起时，阻力为路灯杆的重力G，作用点在重心上，绳子对路灯杆的拉力是动力F，支点为路灯杆的左端，可见，动力臂大于阻力臂，所以路灯杆相当于省力杠杆，故A错误。
B、路灯杆离地后被匀速提升，杆受到的拉力与重力是一对平衡力，则拉力为：F拉＝G＝2400N，故B错误。
C、由图可知承担物重的绳子段数n＝3，路灯杆离地后被匀速提升1m，
则绳子自由端移动距离为：s＝3h＝3×1m＝3m，
绳端拉力F做的功为：W总＝Fs＝1000N×3m＝3000J，故C错误。
D、路灯杆离地后，所做有用功为：W有＝Gh＝2400N×1m＝2400J，
滑轮组的机械效率为：η＝＝×100%＝80%，故D正确。故选：D。
3．（2020•百色）如图所示的工具，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）。
A．核桃夹 B．筷子
C．瓶起子 D．钳子
【答案】B
【解析】A、核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意。故选：B。
4．（2020•南通）如图，裤架上的两个夹子分别夹住一条毛巾。以下方法能使裤架在水平位置平衡的是（ ）。
A．右边夹子向左移动；
B．左边夹子向左移动；
C．右边毛巾的下角夹在左边夹子上；
D．左边毛巾的下角夹在右边夹子上
【答案】D。
【解析】A、右边夹子向左移动，右端的力不变，力臂变小，右端力和力臂的乘积更小，裤架会更向左倾斜，故A错误。
B、左边夹子向左移动，左端的力不变，力臂变大，左端力和力臂乘积更大，裤架会更向左倾斜，故B错误。
C、右边毛巾的下角夹在左边夹子上，相当于右端减小了重力，左端增加了重力，导致左端力和力臂乘积更大，右端力和力臂的乘积更小，裤架会更向左倾斜，故C错误。
D、左边毛巾的下角夹在右边夹子上，相当于左端减小了重力，右端增加了重力，导致右端力和力臂乘积变大，左端力和力臂的乘积变小，裤架会在水平位置平衡，故D正确。故选：D。
5．（2020•十堰）下列各种机械中，不省力的机械是（ ）。
A．钢丝钳；
B．动滑轮；
C．旗杆顶定滑轮；
D．斜面
【答案】C。
【解析】
A、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B、动滑轮实质是个动力臂为阻力臂2倍的杠杆，动滑轮在使用时可以省一半的力，故B不符合题意；
C、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，但能改变力的方向，故C符合题意；
D、利用斜面提升物体，可以省力，但要多移动距离，是省力机械，故D不符合题意。故选：C。
6．（2020•宜昌）如图为工地搬运砖头的独轮车，人抬起车把时，车体可以看成一个杠杆，关于这个杠杆下列说法正确的是（ ）。
A．手握的位置靠近把手末端时更费力；
B．砖头的位置远离车轮时抬起更省力；
C．轮子的中心是杠杆的支点；
D．图中拉力F大于重力G
【答案】C。
【解析】A、在阻力和阻力臂不变的情况下，手握的位置靠近把手末端时，动力臂大，则动力小，更省力，故A错误；
B、砖头的位置远离车轮时，此时的动力臂和阻力大小不变，阻力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，动力变大，抬起更费力，故B错误；
C、由图可知，整个杠杆是围绕轮子的中心转动的，所以轮子的中心是杠杆的支点，故C正确；
D、图中的动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知，动力小于阻力，即F小于G，故D错误。故选：C。
7．（2020•山西）如图所示，快递小哥为了把较重的货物装入运输车，用同样的器材设计了甲、乙两种方式提升货物。若把同一货物匀速提升到同一高度，忽略绳重和摩擦。下列分析正确的是（ ）。
A．甲方式可以省力
B．乙方式不能改变力的方向
C．甲、乙两种方式做的有用功相等
D．甲、乙两种方式的机械效率相等
【答案】C。
【解析】A、由图可知，甲方式是两个定滑轮，定滑轮的本质是等臂杠杆，不能省力，故A错误；
B、乙方式是一个动滑轮和定滑轮组成的滑轮组，不仅可以省力，也可以改变力的方向，故B错误；
C、由题可知，甲乙两滑轮组均将相同物体提升相同高度，由W有＝Gh可知W甲有＝W乙有；故C正确；
D、由图可知，甲方式是两个定滑轮，乙方式是一个动滑轮和定滑轮组成的滑轮组，乙方式做的额外功大于甲方式，
有用功相同、总功不相同，根据η＝×100%可知，两个滑轮组的机械效率不相等，故D错误。故选：C。
8．（2020•广州）如图所示，小明分别使用甲、乙、丙、丁四种机械匀速提升物体（绳长不变），测得拉力和物体M、N所受的重力如表所示，则（ ）。
F甲
F乙
F丙
F丁
GM
GN
5.5N
12N
5.5N
8N
5N
10N
A．甲的机械效率比丙的大；
B．乙、丁的机械效率相同；
C．使用丙提升物体M时省力；
D．实验测得的数据无法算出机械效率
【答案】A。
【解析】设承担物重的绳子股数为n，则拉力端移动的距离s＝nh，
拉力做的有用功W有用＝Gh，拉力做的总功W总＝Fs＝F×nh＝nFh，机械效率η＝＝＝。
甲图中，使用的是定滑轮，n甲＝1，机械效率η甲＝＝×100%≈90.9%；
乙图中，使用的是定滑轮，n乙＝1，机械效率η乙＝＝×100%≈83.3%；
丙图中，使用的是动滑轮，n丙＝2，机械效率η丙＝＝×100%≈45.5%；
丁图中，使用的是滑轮组，n丁＝2，机械效率η丁＝＝×100%＝62.5%。
A、由上面计算可知，η甲≈90.9%，η丙≈45.5%，所以甲的机械效率比丙的大，故A正确；
B、由上面计算可知，η乙≈83.3%，η丁＝62.5%，所以乙的机械效率比丁的大，故B错误；
C、使用丙提升物体M时，GM＝5N，F丙＝5.5N，F丙＞GM，是费力的，故C错误；
D、由上面计算可知，利用实验测得的数据可以算出机械效率，故D错误。故选：A。
9．（2020•盐城）如图所示，小明利用动滑轮匀速提升木箱。以下做法可以提高动滑轮机械效率的是（ ）。
A．适当增加木箱重力 B．增大木箱上升高度
C．增大提升木箱的速度 D．换用质量更大的动滑轮
【答案】A。
【解析】A、动滑轮重力不变，所以额外功不变；如果增加木箱重力，有用功会增大，有用功在总功中所占的比例将增大，机械效率会增大，故A符合题意；
B、C、动滑轮机械效率的高低与木箱上升的高度和上升的速度无关，故B、C不符合题意；
D、换用质量更大的动滑轮，额外功增加，有用功在总功中所占的比例将减小，机械效率降低，故D不符合题意。故选：A。
10．（2020•通辽）生活中蕴含许多物理知识，下列说法正确的是（ ）。
A．生活中的吸盘，是利用大气压工作的；
B．功率越大的机械，机械效率一定越高；
C．小明坐在行驶的汽车中，看到路旁树木向后退，是以地面为参照物；
D．筷子是省力杠杆
【答案】A。
【解析】A、吸盘内的空气被挤出，内部气压小于外界大气压，是大气压将其固定住的，故A正确；
B、功率表示物体做功的快慢，机械效率表示物体所做的有用功与总功的比值，两者物理意义不同，没有直接的联系，故B错误；
C、若以地面为参照物，树木位置不变，应该是静止的，不符合题意，故C错误；
D、使用筷子时，是费力杠杆，这样更节省距离，故D错误。故选：A。
11．（2020•咸宁）用如图甲所示的滑轮组缓慢提升不同物体，每次物体被提升的高度均为0.5m，滑轮组的机械效率与物体受到重力的关系如图乙所示，不计绳重和摩擦，下列分析正确的是（ ）。
A．动滑轮的重力为5N；
B．该滑轮组的机械效率可以达到100%；
C．滑轮组的机械效率越高，拉力做功越少；
D．每次提升重物时，滑轮组做的额外功为5J
【答案】D。
【解析】A、由图乙可知，提升物重G＝10N时，滑轮组的机械效率η＝50%，
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝50%，
解得动滑轮重力：G动＝10N，故A错误；
B、使用滑轮组时，需要提升动滑轮做额外功，使得有用功小于总功，滑轮组的机械效率总小于100%，故B错误；
C、滑轮组的机械效率越高，说明有用功与总功的比值越大，拉力做功不一定少，故C错误；
D、由题知，利用滑轮组每次物体被提升的高度均为0.5m，提升动滑轮上升的高度也都是0.5m，则每次提升重物时，不计绳重和摩擦，滑轮组做的额外功都为：W额＝G动h＝10N×0.5m＝5J，故D正确。故选：D。
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