试卷01-2021年高考物理考前冲刺押题卷（山东卷）（解析版）

这是一份试卷01-2021年高考物理考前冲刺押题卷（山东卷）（解析版），共19页。试卷主要包含了本试卷分第Ⅰ卷两部分等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每个题目只有一个选项符合要求，选对得4分，选错得0分。
1、核电池又称“放射性同位素电池”，利用衰变放出的射线能量转变为电能而制成。科学家利用→+x变反应制成核电池，已知的半衰期约为2.6年，、原子核及x粒子的质量分别为m1、m2、m，真空中的光速为c，则（ ）
A．射线粒子x的符号是
B．5.2年后所有原子核均已衰变
C．每个原子核衰变放出的能量为（m1-m2-m）c2
D．单位时间内该电池因衰变而放出的核能一直保持不变
【答案】C
【解析】根据核反应过程电荷数质量数守恒可知射线粒子x的符号是，所以A错误；5.2年后经过了2个半衰期，所以有 原子核已衰变，则B错误；由爱恩斯坦的质能方程 可得，每个原子核衰变放出的能量为（m1-m2-m）c2，所以C正确；由能量守恒定律可知核电池衰变化后，位时间内该电池因衰变而放出的核能会逐渐减小，所以D错误；故选C。
2、拆卸高楼旧空调外机时，常用电动机通过缆绳进行牵引，为避免其与竖直墙壁碰撞，地面上的工人（图中未画出）用一根拉绳拽着外机，如图所示。设缆绳拉力的大小为F1，方向与竖直方向成角；拉绳拉力大小为F2，与竖直方向的夹角为β。工人拉拉绳使β保持不变，外机沿竖直方向缓慢下降过程中（ ）
A．F1不断增大B．F2不断减小C． D．
【答案】B
【解析】对外机受力分析，由重力G，拉绳的拉力和缆绳的拉力，由题意可知，外机在缓慢下降的过程中，处于动态平衡状态。将力和沿着水平和竖直方向分解，由力的平衡条件可得，，则，，由题意可知，β不变，随着外机的下降逐渐减小，可得当逐渐减小时，和都在逐渐减小。所以B正确，A错误；由AB选项分析可知，外机在三个力作用下处于动态平衡状态，又β不变，所以可知为和G的合力，由平行四边形定则可得，，所以CD错误。故选B。
3、如图所示，在x轴上放有两个电荷量分别为q1和q2的点电荷，其中q1位于x轴的坐标原点，电荷q2的右侧各点电势φ随x变化的关系如图曲线所示，其余部分的电势变化情况没有画出，其中B点电势为零，BD段中的电势最低点为C点，则（ ）
A．B点的电场强度大小为零
B．A点的电场强度强度方向向左
C．两点电荷的电荷量的大小关系为q1q2，故C错误；根据电场力做功，将一带负电的试探电荷从C点移到D点，电场力做正功，故D错误。故选B。
4、螺旋千斤顶由带手柄的螺杆和底座组成，螺纹与水平面夹角为，如图所示。水平转动手柄，使螺杆沿底座的螺纹槽（相当于螺母）缓慢旋进而顶起质量为m的重物，如果重物和螺杆可在任意位置保持平衡，称为摩擦自锁。能实现自锁的千斤顶，的最大值为。现用一个倾角为的千斤顶将重物缓慢顶起高度h后，向螺纹槽滴入润滑油使其动摩擦因数μ减小，重物回落到起点。假定最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计螺杆和手柄的质量及螺杆与重物间的摩擦力，转动手柄不改变螺纹槽和螺杆之间的压力。下列说法正确的是（ ）
A．实现摩擦自锁的条件为B．下落过程中重物对螺杆的压力等于mg
C．从重物开始升起到最高点摩擦力做功为mghD．从重物开始升起到最高点转动手柄做功为2mgh
【答案】D
【解析】实现自锁的条件是重物重力沿斜面下滑的分力小于等于最大静摩擦力，即，
解得，A错误；B．重物从静止开始下落，落回到起点位置重物速度又减为0，所以重物在下落过程中先失重后超重，所以螺杆对重物的支持力先小于，后大于，根据牛顿第三定律可知重物对螺杆的作用力小于，后大于，B错误；重物缓慢上升的过程中，对螺杆和重物为整体受力分析如图
则摩擦力做功为，C错误；从重物开始升起到最高点，即用于克服摩擦力做功，也转化为重物上升增加的重力势能，所以根据动能定理得，解得，D正确。故选D。
5、如图所示。地球绕太阳运动的轨道为椭圆，太阳在椭圆的一个焦点上，点为近日点，到太阳的距离为，点为远日点，到太阳的距离为，公转周期为，月球围绕地球做圆周运动，运转轨道半径为，公转周期为，在考虑地球公转时可将地球和月球看成整体。则（ ）
A．地球和月球整体从点运动到点的过程中机械能变大
B．地球在点和点的速率之比为
C．地球和太阳的质量之比为
D．由开普勒第三定律可知，为常量
【答案】B
【解析】地球和月球整体围绕太阳运动过程中，只有太阳的引力做功，机械能不变，A错误；由开普勒第二定律可知相同极短时间内，地球在近日点和远日点与太阳的连线扫过的面积相等，有，所以，B正确；地球绕太阳运动时有，月球绕地球运动时有，可得，C错误；由开普勒第三定律可知，绕同一天体运动的所有行星的轨道半长轴的三次方跟它的公转周期的二次方的比值都相等，但月球和地球的中心天体不一样，则值不同，D错误。故选B。
6、为探测某空间存在的匀强磁场的磁感应强度B的大小，某同学用两根绝缘细线将质量为m、长为L的导体棒水平悬挂于两点，如图甲所示。已知磁场的方向与导体棒垂直，当导体棒中通入沿a向b方向、大小为I的恒定电流时，稳定后，细线与竖直方向的夹角均为；当导体棒中通入沿a向b方向、大小为的恒定电流时，稳定后，细线与竖直方向的夹角均为，如图乙所示。重力加速度为g，则该匀强磁场的磁感应强度B的大小为（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【解析】设安培力的方向与竖直方向夹角为β，则通电流I时，水平方向有，竖直方向有，当导体棒中通入沿a向b方向、大小为的恒定电流时，则稳定后水平方向有，竖直方向有，联立解得，。即，故选B。
7、如图所示为研究远距离输电的装置。理想变压器T1、T2的匝数比相等（n1：n2=n4：n3），变压器T1的输入电压，输电线的总电阻为r，则（ ）
A．闭合开关后，灯泡两端的电压为50V
B．闭合开关后，通过灯泡电流的频率为100Hz
C．闭合的开关数越多，所有灯泡获得的总功率越大
D．依次闭合开关S1、S2、S3·····，灯泡L1越来越暗
【答案】D
【解析】闭合开关后，灯泡两端的电压为，
A错误；变压器不改变频率，交变电流的频率为，B错误；设升压变压器的输出电压为，输送电流为，所有灯泡获得的总功率为，闭合的开关数越多，灯泡总电阻越小，所以灯泡总功率有可能先增大后减小，也有可能一直减小。C错误；依次闭合开关S1、S2、S3·····，灯泡总电阻逐渐减小，输送电流逐渐增大，所以灯泡两端的电压逐渐减小，灯泡L1越来越暗。D正确。故选D。
8、两个比荷相等的带电粒子a、b，以不同的速率va、vb对准圆心O沿着AO方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图所示不计粒子的重力，则下列说法正确的是（ ）
A．a粒子带正电，b粒子带负电
B．粒子射入磁场中的速率va：vb = 1：2
C．粒子在磁场中的运动时间ta：tb = 2：1
D．若将磁感应强度变为原来的倍，其它条件不变，b粒子在磁场中运动的时间将变为原来的
【答案】 C
【解析】粒子向右运动，根据左手定则，b向上偏转，应当带正电，a向下偏转，应当带负电，A错误；画出a、b粒子的运动轨迹，如下图所示，
设粒子的半径分别为ra、rb，则根据洛伦兹力提供向心力有qvB = m，解得v1= ，v2= ，设大圆半径为R，做如图蓝色辅助线，根据几何关系有tan30° = ，tan30° =，整理得，B错误；设粒子的半径分别为ra、rb，则根据洛伦兹力提供向心力有qvB = mr，解得T = ，画出a、b粒子的运动轨迹，如下图所示，
由上图可知θb = 60°，θa = 120°，则ta = = T，tb = = T，整理有ta：tb = 2：1，C正确；．将磁感应强度变为原来的倍，其它条件不变，设此时该粒子的运动半径为r、周期为T′、运动时间为t，则根据洛伦兹力提供向心力有qvB = m，解得r = ，可计算出r = ，根据选项B有tan30° = ，tanθ = = tan30° = 1，θ = 45°，根据选项C运动的时间分别为tb = = T，t = = T′，T′ = ，则可计算出 = ，b粒子在磁场中运动的时间将变为原来的，D错误。故选C。
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9、如图甲所示，劲度系数为k的竖直轻弹簧下端固定在地面上，上端与物块B相连并处于静止状态。一物块A在外力作用下静止在弹簧正上方某高度处，取物块A静止时的位置为原点O、竖直向下为正方向建立x轴。某时刻撤去外力，物块A自由下落，与物块B碰撞后以相同的速度向下运动，碰撞过程用时极短．测得物块A的动能与其位置坐标x的关系如图乙所示（弹簧始终处于弹性限度内），图中除之间的图线为直线外，其余部分均为曲线。已知物块A、B均可视为质点，重力加速度为g，则（ ）
A．物块A、B的质量之比为1∶2
B．弹簧的劲度系数
C．从到的过程中，物块运动加速度的最大值
D．从到的过程中，弹簧的弹性势能增加了
【答案】ABD
【解析】当A与B接触时，A下降x1，当A与B即将接触时有，解得，由图乙可知，A、B共速时的速度v共，由动量守恒定律mAv =（mA+mB）v共，解得mA﹕mB=1﹕2，A正确；当A、B一起运动到x2位置时，速度最大，有（mA+mB）g=k（x2−x1），，A下落运动x1中，有mAgx1=Ek1，，2mA=mB，，B正确；当A、B一起运动到x=x3时，加速度a最大，由牛顿第二定律有k（x3−x1）−（mA+mB）g=（mA+mB ）amax ，，C错误；在A、B碰撞的运动中，减少的能量，在整个运动中，由能量守恒定律有mAgx3+mBg（x3−x1）−ΔE=ΔEP，解得，D正确。故选ABD。
10、一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程：从a到b，b到c，c到a回到原状态，其中V－T图象如图所示．用pa、pb、pc分别表示状态a、b、c的压强，下列说法正确的是( )
A．pa＜pc＝pb
B．由a到b的过程中，气体一定吸热
C．由b到c的过程中，气体放出的热量一定等于外界对气体做的功
D．由b到c的过程中，每一个气体分子的速率都减小
【答案】AB
【解析】从状态a到状态b，由理想气体状态方程可知，eq \f(pa·3V0,T0)＝eq \f(pb·3V0,3T0)，整理得：pb＝3pa，同理可知：eq \f(pa·3V0,T0)＝eq \f(pc·V0,T0)，整理得：pc＝3pa，所以pc＝pb>pa，故A正确；从状态a到状态b过程中气体的体积不变，没有做功，温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故B正确；由题图可知，b到c过程气体压强不变，温度降低，所以其体积减小，外界对气体做功，W>0，内能减小，ΔU