2020年上海市中考物理试卷

这是一份2020年上海市中考物理试卷，共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。


2020年上海市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分







一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）
1. 在原子中，带负电的粒子是（　　）
A. 中子 B. 电子 C. 质子 D. 核子
2. 下列各种单色光中，属于三原色光之一的是（　　）
A. 蓝光 B. 黄光 C. 橙光 D. 紫光
3. 吉他表演时，演奏者在不同位置拨动琴弦是为调节琴声的（　　）
A. 音色 B. 音调 C. 频率 D. 响度
4. 在四冲程热机工作时，将内能转化为机械能的是（　　）
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
5. 如图为甲、乙、丙三个物体同时同地沿同一直线运动的s-t图象，若第5秒时甲、乙间的距离大于甲、丙间的距离，则（　　）
A. 三物体的运动方向可能相同
B. 甲的运动方向一定与乙相反
C. 乙的运动方向可能与甲相同
D. 丙的运动方向一定与甲相反


6. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，滑动变阻器滑片P向右移动的过程中（　　）
A. 电压表V的示数变大
B. 电流表A2的示数变大
C. 电流表A1与电流表A2示数的比值变小
D. 电压表V与电流表A示数的比值变大


7. 如图所示，高度相同的均匀实心圆柱体A和正方体B放置在水平地面上，A的直径等于B的边长，它们对水平地面的压强相等。现分别在两物体上沿图中虚线竖直切下底面积相等的部分，并将切下部分叠放在对方剩余部分的上方，此时它们对地面的压强变化量分别为△pA′、△pB′，则（　　）

A. △pA′可能大于△pB′ B. △pA′一定大于△pB′
C. △pA′一定小于△pB′' D. △pA′一定等于△pB′
二、填空题（本大题共7小题，共21.0分）
8. 上海地区家用照明电路的电压为______伏：奥斯特通过实验发现电流周围存在______；额定功率为1.5千瓦的用电器正常工作2小时，耗电______度。
9. 5月31日，中国运动员苏炳添在国际百米大赛中跑出了9秒99的成绩，成为首位跑进10秒的中国人，起跑时他用力蹬助跑器后飞速冲出，说明力可以改变物体的______，在冲过终点减速的过程中，他的惯性______，动能______（后两空均填“增大”、“不变”或“减小”）
10. 健身用力反复拉伸弹簧，它的温度会升高，这是通过______的方式改变其内能。
11. 某导体两端的电压为3伏时，通过它的电流为0.3安，则10秒钟通过该导体横截面的电荷量为______库，导体的电阻为______欧。若导体两端的电压改为6伏时，导体的电阻将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
12. 如图所示，不计滑轮重及摩擦，物体重为20牛。图中的滑轮可以看成______杠杆，当物体在力F作用下以0.5米/秒的速度匀速上升时，力F为______牛。若该物体在力F作用下以1米/秒的速度匀速上升，与以0.5米/秒的速度匀速上升时相比，物体受到的合力将______，上升1秒的机械能______（选填变大”、“不变”或“变小”）。
13. 在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，发现只有一个电流表的指针发生偏转，已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障。


①电路中的故障可能是______
②在原故障电路中，向右移动变阻器R2的滑片P，观察到一个电流表的示数先不变，后发生了改变。请判断：______（选填“能”或“不能”）进一步确定故障所在，并说明理由______
14. 小林同学在学习了电阻知识后，刚好看到“中国天才少年曹原用实验揭开超导的奥秘，破解了困扰物理学界百年的世界难题！”的报道，于是他上网查阅相关资料，知道了“超导体”是指在某一温度下电阻为零的导体，某些导体有电阻，通电时会发热；而超导体的电阻为零，通电时不会发热。
为了研究某些导体的电阻大小与温度的关系，用如图所示的灯泡中的灯丝（钨丝）进行实验，记录的实验数据如下表所示。
实验序号
物理量
1
2
3
4
5
6
7
电阻R（Ω）
35.6
31.5
26.3
23.2
15.1
9.5
3.8
实测灯丝温度t（℃）
1985.7
1698.8
1200.7
900.8
400.5
205.8
12.5
①分析上表中的实验数据，可初步归纳得出的结论是：______。
②根据表中数据可进一步提出的猜测（推理）：当某些导体的温度降到一定温度时，某些导体的电阻可能接近______欧。
③这种导体的研究及推广应用的意义是______。
三、作图题（本大题共3小题，共7.0分）
15. 在图中，重为12牛的均匀球体静止，请用力的图示法画出它所受的重力G。














16. 在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。













17. 在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。要求：
①闭合电键S后，向左移动滑动变阻器的滑片P，小灯变暗；
②电压表测量滑动变阻器两端的电压。









四、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
18. 如图所示，弹簧测力计的量程为______牛，它的示数为______牛。在“探究杠杆平衡的条件”实验中，如图（a）所示，为使杠杆在水平位置平衡，可调节杠杆右端的平衡螺母向______移动；调节杠杆平衡后，在图（b）的A位置挂1个钩码，则应在B位置挂______个相同的钩码，才能使杠杆在水平位置平衡。



19. 在“探究物质质量与体积的关系”实验中，对于某种物质的质量与体积的测量，应该测量______数据（选填“一组”或“多组”），为了得出比较完整的实验结论，还需选择______物质的物块进行实验（选填“相同”或“不同”）。“测定某种液体的密度”实验的原理是______，主要实验器材有电子天平、______、烧杯、待测液体等。
20. 小佳同学在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用实验器材完好，电源电压为1.5伏的整数倍，小灯标有“2.5V”字样，两个滑动变阻器分别标有“10Ω2A”、“20Ω2A”字样。小佳同学正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键时，小灯亮度较暗，电流表、电压表的示数如图（a）、（b）所示。
①闭合电键时，电压表的示数为______伏，理由是______。
②请通过计算判断电源电压及实验中所用滑动变阻器的规格。______
③他移动滑片继续实验，当小灯正常发光时，电流表示数如图（c）所示，估计小灯的额定功率在0.6～0.9瓦之间，求小灯的额定功率。______（请写出计算过程）



21. 为了研究圆柱体浸入水的过程中水对容器底部的压强情况，某小组同学选用高度H、底面积S均不同的圆柱体A和B进行实验。如图所示，他们设法使圆柱体A逐步浸入水中，测量并记录其下表面到水面的距离h及水对容器底部的压强p，接着仅换用圆柱体B重新实验，并将全部实验数据记录在表一中（实验中容器内水均未溢出）。

表一：
圆柱体
实验序号
h（米）
p（帕）
圆柱体
实验序号
h（米）
p（帕）
A
H为0.4米
S为0.03米2
1
0
7000
B
H为0.3米
S为0.05米2
7
0
7000
2
0.10
7200
8
0.12
7400
3
0.20
7400
9
0.18
7600
4
0.40
7800
10
0.24
7800
5
0.50
7800
11
0.30
8000
6
0.60
7800
12
0.40
8000
①分析比较实验序号______数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，当h＜H时，p随h的增大而增大。
②分析比较实验序号4、5与6或11与12数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，______。
③由实验序号3与8或4与10的数据及相关条件，发现两圆柱体浸入水的过程中，存在h不同而p相同的现象。若用圆柱体A、B进一步实验，请在表二中填入拟进行实验的数据，使每一组实验中水对容器底部的压强p相同。
表二
实验组号
hA（米）
hB（米）
第Ⅰ组
0.10

第Ⅱ组

0.18

五、计算题（本大题共4小题，共42.0分）
22. 质量为0.2千克的热水，自然冷却后温度降低了50℃．求：水放出的热量Q放．[c水=4.2×l03焦/（千克•℃）]







23. 把重为20牛的物体沿直线匀速提升6米，共用时30秒。求：
①拉力所做的功W。
②拉力所做功的功率P。







24. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1阻值为10欧，滑动变阻器R2标
有“20Ω2A”字样。现将两个电流表A1、A2分别串接在电路中，当滑动变阻器R2的滑片P从一点向另一点移动过程中，电流表A1的示数始终为0.6安，电流表A2的示数从1.2安减小到1.0安。求：
①电源电压U；
②10秒内电流通过电阻R1所做的电功W1和整个电路输出的电功率P；
③滑动变阻器连入阻值的变化量△R2。







25. 如图所示，有一薄壁柱形容器置于水平地面上，容器中装有水。现将一只质量为2千克的实心小球浸没在容器的水中，水不溢出，分别测出小球浸入前和浸没后水对容器底部的压强p水、小球浸入前和浸没后容器对水平地面的压强p地，如下表所示。求：
①小球浸入前，容器中水的深度h水。
②容器中水的重力G水。
③实心球的密度ρ球。

浸入前
浸没后
p水（帕）
1960
2352
P地（帕）
2450
3430








答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：原子中质子带正电、中子不带电、电子带负电．
故选B．
原子由原子核和核外带负电的电子组成．
本题考查了原子的结构及粒子的带电情况，很简单．
2.【答案】A

【解析】解：红、绿、蓝被称为色光的三原色，故绿蓝是光的三原色之一。
故选：A。
红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色。
光的三原色需要牢固记忆和掌握；色光的三原色和颜料的三原色容易混淆，要正确区分。
3.【答案】B

【解析】解：声音的音调与频率有关，演奏者在不同位置拨动琴弦，琴弦的振动频率不同，音调不同，故演奏者在不同位置拨动琴弦为调节琴声的音调。
故选：B。
声音是由物体振动产生的；声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的品质和特色。
本题综合考查了音色、音调和响度的区别，是一道基础题。
4.【答案】C

【解析】解：
内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程。压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能；在做功冲程中高温高压燃气推动活塞向下运动做功，将内能转化为机械能，故C正确。
故选：C。
掌握四个冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
此题主要考查了四个冲程内燃机四个冲程的特点及能量转化情况。
5.【答案】B

【解析】解：甲在t=2s内运动的路程是4m，甲的速度：v甲===2m/s，
乙在t=4s内运动的路程s=4m，乙的速度：v乙===1m/s；
经过5s时：
由图象读出丙通过的路程是2.5m，甲通过的路程，s甲′=v甲t=2m/s×5s=10m，乙通过的路程，s乙′=v乙t=1/s×5s=5m，
若甲、乙间的距离大于甲、丙间的距离，则有：
（1）若三物体的运动方向相同，甲、乙间的距离为10m-5m=5m，甲、丙间的距离为10m-2.5m=7.5m，5m＜7.5m，故A不符合题意；
（2）甲的运动方向与乙相反，甲、乙间的距离为10m+5m=15m，甲、丙同向行驶时距离为10m-2.5m=7.5m，15m＞7.5m；
甲、丙异向行驶时距离为10m+2.5m=12.5m，15m＞12.5m；故选项B符合题意；
综上所述，甲的运动方向与乙相反时，丙行驶方向可以与甲相同，也可以相反，故选项D不符合题意；
（3）若乙的运动方向与甲相同，甲、乙间的距离为10m-5m=5m，甲、丙同向行驶时距离为10m-2.5m=7.5m，5m＜7.5m；
甲、丙异向行驶时距离为10m+2.5m=12.5m，5m＜12.5m；故选项C不符合题意；
故选B．
（1）由图象读出甲、乙运动的路程和时间，根据v=求出速度；
（2）由图象读出经过5s时丙通过的路程，根据s=vt计算出甲、乙的通过的距离，判断出运动方向；
此题主要考查的是学生对速度计算公式的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键．
6.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，
滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，
由I=可知，通过R2的电流变小，即电流表A2的示数变小，故B错误；
则电流表A1与电流表A2示数的比值变大，故C错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，
则电压表V与电流表A示数的比值变大，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，然后判断电流表A1与电流表A2示数的比值变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步判断电压表V与电流表A示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好电源的电压不变和并联电路中各支路独立工作、互不影响特点是关键。
7.【答案】B

【解析】解：设圆柱体A的半径为r，则正方体B边长为2r，
圆柱体的底面积为：SA=πr2，正方体B底面积为：SB=4r2，
切割前A、B对地面的压强为：pA==，==，
因为压强相等，所以，=，解得，GA=GB，
切割相同的底面积S叠加后，
A对地面的压强为：p'A====，
B对地面的压强为：p'B=，
通过比较得，它们对地面的压强变化量分别为：
△pA′=pA-p'A，
△pB′=pB-p'B，
因为pA=pB，p'A＜p'B，
所以△pA′＞△pB′。
故选：B。
通过原来压强相等，得出两个物体的重力关系，切割相同的底面积叠加后再比较压强，知道原来的压强相等，求出压强差即可比较。
本题求出切割叠加后的压强，知道原来压强相等，求出压强差即可。
8.【答案】220  磁场  3

【解析】解：
（1）上海地区家用照明电路的电压为220V；
（2）奥斯特实验说明了通电导体周围存在磁场，实验证明，改变电流方向时，其磁场方向随之改变，说明其磁场方向和导体中的电流方向有关。
（3）用电器正常工作，用电器的功率：P=P额=1.5kW，用电器消耗的电能为：W=Pt=1.5kW×2h=3kW•h=3度。
故答案为：220；磁场；3。
（1）我国家庭电路的电压为220V；
（2）奥斯特实验说明了通电导体周围存在磁场，电流周围的磁场方向与电流的方向有关系；
（3）利用W=Pt计算消耗的电能。
本题考查了家庭电路的电压、奥斯特实验、电能的计算，属于基础题目，比较简单。
9.【答案】运动状态；不变；减小

【解析】解：（1）起跑时他用力蹬助跑器后飞速冲出，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）由于运动员的质量不变，故惯性不变；
（3）影响动能的因素是速度和质量，由于质量不变，速度减小，故动能减小；
故答案为：运动状态；不变；减小。
此题是一道力学综合题，掌握力的作用效果，明确影响惯性和动能的因素，是解答此题的关键。
10.【答案】做功

【解析】解：用力反复拉伸弹簧，人对弹簧做功，弹簧的内能变大，温度会升高。
故答案为：做功。
改变物体内能的方式有做功和热传递；对物体做功，物体的内能会变大。
本题考查了改变内能的方法，属于基础知识的考查。
11.【答案】3  10  不变

【解析】解：由I=可得，10秒内通过它横截面的电荷量：
Q=It=0.3A×10s=3C，
由I=可得，导体的电阻：R===10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压改为6伏时，导体的电阻仍为10Ω不变。
故答案为：3；10；不变。
（1）知道通过导体的电流，根据Q=It求出10秒内通过它横截面的电荷量，又知道导体两端的电压，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了电流定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
12.【答案】等臂  20  不变  变大

【解析】解：
（1）图中的滑轮的轴的位置不变，为定滑轮，其实质是一个等臂杠杆；不计摩擦，使用定滑轮时拉力F=G=20N；
（2）用定滑轮匀速提升物体，物体受力平衡，受到的合力为0，则物体受到的合力将不变；
（3）该物体在力F作用下以1m/s的速度匀速上升，与以0.5m/s的速度匀速上升时相比，物体的质量相同、速度变大，动能变大；质量不变、上升1s后高度变大、重力势能变大；物体动能变大、重力势能变大，机械能变大。
故答案为：等臂；20；不变；变大。
（1）轴的位置不变的滑轮叫定滑轮，随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，定滑轮的实质是一个等臂杠杆；不计摩擦，使用定滑轮时拉力等于物体重力；
（2）物体处于平衡状态，受力平衡，受到的合力为0；
（3）物体的动能与质量、速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；物体的重力势能与质量、高度有关，物体的质量越大、高度越大，重力势能越大；物体的动能和势能统称为机械能。
本题考查了定滑轮的特点、力的合成、动能和重力势能的影响因素，确定机械能的变化是关键、也是易错点！
13.【答案】R1断路或R2断路  能  移动滑片的过程中，由于在并联电路中，各支路互不影响，电流表示数先不变后改变，这表明R1的支路是正常的；移动滑片，电流表A2的示数先不变化，当变阻器滑片过了R2断路部分后，滑动变阻器的支路中有电流，则电流表A2的示数变大；所以故障是R2断路。

【解析】解：
（1）由图可知，该电路为并联电流，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量通过R1的电流，闭合开关S，发现只有一个电流表的指针发生偏转，若其中一个电阻短路，则电源会损坏，所以不可能是短路；若电流表A1指针发生偏转，说明该电路正常，则是R1断路；若电流表A2指针发生偏转，说明该电路正常，则是R2断路；
（2）移动滑片的过程中，电流表示数先不变后改变，由于在并联电路中，各支路互不影响，这表明R1的支路是正常的；移动滑片，电流表A2的示数先不变化，表明此时这条支路是断开的，当变阻器滑片过了R2断路部分后，滑动变阻器的支路中有电流，则电流表A2的示数变大；所以故障是R2断路。
故答案为：（1）R1断路或R2断路；（2）能；移动滑片的过程中，由于在并联电路中，各支路互不影响，电流表示数先不变后改变，这表明R1的支路是正常的；移动滑片，电流表A2的示数先不变化，当变阻器滑片过了R2断路部分后，滑动变阻器的支路中有电流，则电流表A2的示数变大；所以故障是R2断路。
（1）由图可知，该电路为并联电流，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量通过R1的电流，根据电流表的指针偏转情况判定电路故障的原因；
（2）并联电路中，各支路互不影响；移动滑片的过程中，电流表示数先不变后改变，说明是滑动变阻器的电路出现了故障，据此分析。
此题考查电流表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电表示数情况进行分析，关键是分清电路的连接和电表的测量情况。
14.【答案】钨丝的电阻随温度的降低而减小   零   节能降耗

【解析】解：①由表中数据可知，钨丝的电阻随温度的降低而减小；
②已知钨丝的电阻随温度的降低而减小；由此可猜想：某些导体的温度降到一定温度时，某些导体的电阻可能接近零欧，称为“超导体”；
③这种导体为超导体，超导现象是电阻为零的现象，利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，节能降耗等。
故答案为：①钨丝的电阻随温度的降低而减小；②零；③节能降耗
①根据钨丝的电阻随温度的变化关系可得出结论；
②根据钨丝的电阻随温度的降低而减小做出猜想；
③导线上电阻越小，损失的能量越少，据此解答。
本题主要考查学生对影响电阻大小因素、超导体的特点，以及应用的了解和掌握，是一道基础题。
15.【答案】解：先选取标度为6N，然后过球心作竖直向下的、大小为12N的重力。如图所示：


【解析】先选出标度，然后根据重力的方向总是竖直向下，过重心表示出重力的大小及方向。
力的图示应选择合适的标度，应注意重力的方向是竖直向下。
16.【答案】解：已知入射角为60°，根据光的反射定律可知反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的右侧画出反射光线OB，并标出反射角及其度数，如图所示：


【解析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角，在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。
17.【答案】解：经分析可知，灯泡的右接线柱与滑动变阻器右下方接线柱相连，电压表并联在变阻器两端，
由电源的电压为3V可知，电压表的量程选0～3V，如下图所示：


【解析】由题意可知，向左移动滑动变阻器的滑片P，小灯变暗，说明滑动变阻器与灯泡串联，且右下方接线柱必须接入电路中；电压表测量滑动变阻器两端的电压，说明电压表与滑动变阻器并联，根据电源的电压确定电压表的量程，据此进行解答。
本题考查了实物图的连接，根据题意得出各电路元件的连接方式和正确的确定电压表的量程是关键。
18.【答案】0～5  3.4  左  2

【解析】解：（1）图中弹簧测力计的最大刻度是5N，因此量程为0～5N；
测力计上每1N分成了5等份，因此分度值是0.2N，图中的指针指在3N以下第2刻度，故示数为：3N+2×0.2N=3.4N。
（2）杠杆的左端高于右端，平衡螺母向上翘的左端移动；当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；
设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，
因为，F1l1=F2l2，
所以，nG×2L=G×4L，
所以，n=2，所以在B处挂2个钩码。
故答案为：；0～5；3.4；左；2。
（1）弹簧测力计的量程主要观察它最大的刻度值，而分度值则是它最小的刻度值，弄清这些才有助于我们正确读取弹簧测力计的示数。
（2）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡求出钩码的个数。
此题考查了弹簧测力计的读数、正确使用和弹簧测力计的量程，都属于基本技能，在平时的实验中，只要仔细观察，规范操作，就能正确解答此题。还考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂。
19.【答案】多组   不同   ρ=   量筒

【解析】解：探究物质质量与体积的关实验中，对于某种物质的质量与体积的测量，为避免实验的偶然性，应该测量多组数据，为了得出比较完整的实验结论，还需选择不同物质的物块进行实验；
测定某种液体的密度实验的原理是ρ=，主要实验器材有电子天平、量筒、烧杯、待测液体等。
故答案为：多组；不同；ρ=；量筒。
（1）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
（2）测量液体密度的原理为ρ=，液体体积的体积可用量筒来测量。
本题考查归纳法的运用及测量密度的原理和所用的器材。
20.【答案】1.7   灯泡额定电压2.5V，电压表使用0-3V量程   4.5V；“20Ω 2A”   由图c知，灯泡正常发光时通过灯泡的电流为0.3A，所以灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。

【解析】解：
①测小灯泡的电功率时电压表测灯泡两端电压，电流表测电路中是电流，
由题知，小佳同学正确连接电路，实验步骤正确，灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应使用0-3V量程，分度值0.1V，由图b知，电压表的示数为1.7V；
②闭合电键时，小灯亮度较暗，此时变阻器连入阻值为其最大值，由图a知，电流表使用0-0.6A量程，分度值0.02A，示数为0.14A；
若使用最大阻值为10Ω的变阻器，由欧姆定律可得，此时变阻器两端电压U滑=IR滑=0.14A×10Ω=1.4V，
则电源电压U=UL+U滑=1.7V+1.4V=3.1V，
而电源电压为1.5伏的整数倍，所以电源电压为3.1V不合题意，故不是使用“10Ω 2A”而是“20Ω 2A”的变阻器；
使用最大阻值为20Ω变阻器，由欧姆定律可得，此时变阻器两端电压U滑=IR滑=0.14A×20Ω=2.8V，
则电源电压U=UL+U滑=1.7V+2.8V=4.5V，符合题意；
③当灯泡两端电压等于其额定电压2.5V时，灯泡正常发光，由图c知，此时通过灯泡的电流为0.3A，
所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
故答案为：①1.7；灯泡额定电压2.5V，电压表使用0-3V量程；
②4.5V；“20Ω 2A”；
③由图c知，灯泡正常发光时通过灯泡的电流为0.3A，所以灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。
①闭合电键时，小灯亮度较暗，根据灯泡规格判断电压表量程并读数；
②闭合电键时，滑动变阻器连入阻值为其最大值，根据电压表和电流表示数，由串联电路特点和欧姆定律计算电源电压，根据电源电压是1.5V的整数倍判断变阻器的规格，从而确定电源电压的大小；
③由c图读出灯泡正常发光时通过它的电流，由P=UI计算小灯的额定功率。
本题是测灯泡电功率额定功率的实验，考查了滑动变阻器的选择、电表的读数以及电功率的计算等，难点在根据电源电压是1.5V整数倍，由串联电路特点、欧姆定律确定滑动变阻器的规格。
21.【答案】①1、2、3或7、8、9、10；
②当h≥H时，p不随h而变化；
③
实验组号
hA（米）
hB（米）
第Ⅰ组
0.10
0.06
第Ⅱ组
0.30
0.18



【解析】
【分析】
解答本题的关键是学会对实验的数据进行分析，要运用好控制变量法和归纳法，能根据题目要求找出有用的信息，同时还要对信息进行简单的计算、分析与比较，最后得出具有普遍性的规律，有一定的难度。
【解答】
①分析比较实验序号1、2、3或7、8、9、10数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，当h＜H时，p随h的增大而增大。
②分析比较实验序号4、5与6或11与12数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，当h≥H时，p不随h的改变而改变；
③由实验序号3与8或4与10的数据及相关条件，发现两圆柱体浸入水的过程中，h不同而p相同，
序号3中，SA=0.03m2，A的下表面到水面的距离hA=0.20m，
圆柱体A浸入水中的体积：VA浸=SAhA=0.03m2×0.20m=0.006m3；
序号8中，SB=0.05m2，B的下表面到水面的距离hB=0.12m，
圆柱体B浸入水中的体积：VB浸=SBhB=0.05m2×0.12m=0.006m3；
比较可知，VA浸=VB浸，此时水对容器底部的压强p相等；
同理，计算实验序号4与10中两圆柱体浸入水中的体积，也可以得到：当两圆柱体浸入水中的体积相等时，水对容器底部的压强p相等；
根据上面的规律来计算表二中所缺的数据：
第Ⅰ组，SA=0.03m2，SB=0.05m2，已知hA=0.10m，
由上面的规律可知，当水对容器底部的压强p相等时，需满足SAhA=SBhB；
所以，hB===0.06m；
第Ⅱ组，SA=0.03m2，SB=0.05m2，已知hB′=0.18m，
由上面的规律可知，当水对容器底部的压强p相等时，需满足SAhA′=SBhB′，
所以，hA′===0.30m。
故答案为：①1、2、3或7、8、9、10；
②当h≥H时，p不随h而变化；
③
实验组号
hA（米）
hB（米）
第Ⅰ组
0.10
0.06
第Ⅱ组
0.30
0.18

22.【答案】解：水放出的热量Q放=cm△t
=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×50℃
=4.2×104J。
答：水放出了4.2×104J的热量。

【解析】知道水的质量、水的比热容、水下降的温度，利用放热公式Q放=cm△t求水放出的热量。
本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
23.【答案】解：
①匀速提升物体时，拉力：F=G=20N，
拉力做的功：W=Fs=20N×6m=120J；
②拉力做功的功率：
P===4W。
答：①拉力所做的功为120J；
②拉力所做功的功率为4W。

【解析】①匀速提升物体时，拉力等于物体的重力，利用W=Fs求拉力做的功；
②知道时间，利用P=求拉力的做功功率。
本题考查了功和功率的计算，比较简单，属于基础题目。
24.【答案】解：①R1、R2并联，当滑动变阻器R2的滑片P从一点向另一点移动过程中，根据并联电路各支路互不影响，故通过R1的电流保持不变，已知电流表A1的示数始终为0.6A，故可知A1与R1串联，
根据欧姆定律，电源电压：
U=I1R1=0.6A×10Ω=6V；
②10s内电流通过电阻R1所做的电功：
W1=UI1t=6V×0.6A×10s=36J；
整个电路输出的电功率P=UI
Ⅰ若电流表A2串联在干路上，
根据P=UI，则整个电路输出的电功率P：
P1=UI1=6V×1.2A=7.2W
P1′=UI2=6V×1.0A=7.0W，
整个电路输出的电功率为7.2W～7.0W；
Ⅱ若电流表A2与变阻器串联：
因电流表A2的示数从1.2A减小到1.0A，
根据并联电路电流的规律，干路电流从：I干1=1.2A+0.6A=1.8A减小到I干2=1.0A+0.6A=1.6A，
P11=UI干1=6V×1.8A=10.8W
P11′=UI2=6V×1.6A=9.6W，
整个电路输出的电功率为10.8W～9.6W；
③电流表A2的示数从1.2A减小到1.0A，
Ⅰ若电流表串联在干路上，
根据并联电路电流的规律，通过变阻器的电流从△I1=1.2A-0.6A=0.6A减小到△I2=1.0A-0.6A=0.4A，
由欧姆定律，原来的电阻大小：
R21===10Ω；
移动后的电阻大小：
R22===15Ω；
滑动变阻器连入阻值的变化量：
△R2=15Ω-10Ω=5Ω；
Ⅱ若电流表A2与变阻器串联：
由欧姆定律，原来的电阻大小：
R21′===5Ω；
移动后的电阻大小：
R22′===6Ω；
滑动变阻器连入阻值的变化量：
△R2′=6Ω-5Ω=1Ω。
答：①电源电压U为6V
②10秒内电流通过电阻R1所做的电功W1为36J；
若电流表A2串联在干路上，整个电路输出的电功率为7.2W～7.0W；
若电流表A2与变阻器串联，整个电路输出的电功率为10.8W～9.6W；
③若电流表串联在干路上，滑动变阻器连入阻值的变化量为5Ω；
若电流表A2与变阻器串联，滑动变阻器连入阻值的变化量为1Ω。

【解析】①R1、R2并联，根据并联电路各支路互不影响可知通过R1的电流保持不变，根据题意可确定A1与R1串联，根据欧姆定律得出电源电压：
②根据W1=UI1t得出10s内电流通过电阻R1所做的电功；
整个电路输出的电功率P=UI
Ⅰ若电流表A2串联在干路上，根据P=UI求出整个电路输出的电功率；
Ⅱ若电流表A2与变阻器串联，根据并联电路电流的规律求出干路电流的变化，根据P=UI得出整个电路输出的电功率；
③电流表A2的示数从1.2A减小到1.0A，
Ⅰ若电流表串联在干路上，
根据并联电路电流的规律，得出通过变阻器的电流变化，由欧姆定律求出原来的电阻大小，从而得出滑动变阻器连入阻值的变化量：
Ⅱ若电流表A2与变阻器串联，由欧姆定律得出原来的电阻大小变化，从而求出滑动变阻器连入阻值的变化量。
本题考查并联电路的规律、特点及欧姆定律和电功率公式的运用，同时考查分类讨论的能力和思维的缜密性，有一定难度。
25.【答案】解：
（1）由表中数据可知，小球浸入前，水对容器底的压强p水1=1960Pa，
由p=ρgh可知容器中水的深度：
h水===0.2m；
（2）小球浸入前和浸没后容器对水平地面的压强差：
△p地=p地2-p地1=3430Pa-2450Pa=980Pa，
由p=可得受力面积（容器底面积）：
S====0.02m2，
因为容器是柱形容器，
所以水的重力：
G水=F水1=p水1S=1960Pa×0.02m2=39.2N；
（3）小球浸入前和浸没后水对容器底的压强差：
△p水=p水2-p水1=2352Pa-1960Pa=392Pa，
由p=ρgh可知容器中水的深度变化：
△h水===0.04m；
因为小球浸没，
所以小球的体积：
V球=V排=S×△h水=0.02m2×0.04m=8×10-4m3，
小球的密度：
ρ球===2.5×103kg/m3。
答：①小球浸入前，容器中水的深度为0.2m。
②容器中水的重力为39.2N；
③实心球的密度为2.5×103kg/m3。

【解析】（1）由表中数据可知，小球浸入前，水对容器底的压强，利用p=ρgh求容器中水的深度；
（2）求出小球浸入前和浸没后容器对水平地面的压强差，利用p=求受力面积（容器底面积），由于容器是柱形容器，水的重力等于水的压力，利用F=pS计算；
（3）求出小球浸入前和浸没后水对容器底的压强差，利用p=ρgh求容器中水的深度变化；由于小球浸没，小球的体积等于水的体积变化，最后利用密度公式求小球的密度。
本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、液体压强公式、压强定义式的应用，利用好表中数据是关键。