2020年山东省聊城市中考物理试卷

这是一份2020年山东省聊城市中考物理试卷，共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，计算题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。

2020年山东省聊城市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分








一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. “公共场所，请勿高声喧哗”，这是提醒大家要控制声音的（　　）
A. 传播 B. 音调 C. 响度 D. 音色
2. 古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着丰富的物理知识。如“不疑行船动，唯看远树来”中，“远树来”所选择的参照物是（　　）
A. 行船 B. 远树 C. 河岸 D. 山峰
3. 图甲是观察熔化现象的实验装置。图乙是某种物质熔化时温度随时间变化的图象。下列分析正确的是（　　）

A. 这种物质是一种晶体，它的熔点是100℃
B. 该物质熔化过程中温度不变，所含热量增多
C. 这种物质从开始熔化化到完全熔化，大约持续了15min
D. 加热一段时间后，从烧杯中冒出的“白气”是水汽化形成的
4. 因为电能便于输送和转化，已成为现代社会离不开的一种能源。电能属于（　　）
A. 一次能源 B. 二次能源 C. 可再生能源 D. 不可再生能源
5. 下列对有关数据的估测，与实际情况相符的是（　　）
A. 人的正常体温约37.8℃ B. 自行车正常骑行速度约30m/s
C. 正常眼睛的明视距离约是25cm D. 一枚鸡蛋的质量约500g
6. 如图所示中符合安全用电原则的是（　　）
A. 电水壶接三孔插座
B. 湿手拔插头
C. 使用绝缘皮破损的导线
D. 开关接零线
7. 疫情期间。小丽帮妈妈做家务时，发现生活中处处有物理。下列分析错误的是（　　）
A. 茶壶的壶嘴和壶身组成连通器
B. 菜刀的刀刃很锋利，是为了减小压强
C. 利用大气压把吸盘式挂钩压在平滑的墙壁上
D. 浴室内的防滑垫表面凹凸不平是为了增大摩擦
8. 如图所示，用相同的滑轮安装成甲，乙两种装置，分别将A、B两物体匀速向上提升，若所用拉力大小相等，绳端在相同时间内移动了相同的距离。不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（　　）


A. 两物体上升的速度相同 B. 两种装置的机械效率相等
C. 两次提升物体所做的有用功相等 D. 两种装置中拉力做功的功率相等
9. 关于如下四幅图的说法错误的是（　　）
A. 拇指所指的那端就是通电螺线管的N极
B. 地磁场的两极与地理的两极不重合
C. 奥斯特实验证实电流的周围存在着磁场
D. 司南之杓，投之于地，其柢指北
10. 如表是小明家电饭煲铭牌的部分信息，小明家电能表的示数如图所示。把电饭煲接在家庭电路中使用时，下列说法错误的是（　　）
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
高挡
1800W
中挡
1200W
低挡
500W
A. 电饭煲是利用电流的热效应工作的
B. 电饭煲在中挡正常工作时电热丝阻值比低挡正常工作时小
C. 电饭煲在高挡正常工作10min，消耗的电能是1.08×106J
D. 若家中只接入电饭煲，在高挡正常工作10min，电能表示数将变成7328.6kW•h



二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）
11. 下列关于光现象的描述正确的是（　　）
A. 如图：是表示矫正近视眼的光路示意图
B. 如图：凸透镜只对平行于主光轴的光有会聚作用
C. 如图：用放大镜看远处的物体时，像是缩小倒立的
D. 如图：把纸板NOF向后折，在纸板上不能看到反射光
12. 如图所示，小明“测量平均速度”时，在带有刻度的斜面底端B处放一金属片，让小车从斜面顶端由静止滑下，下列说法正确的是（　　）

A. 小车通过AB段的路程是9.00dm
B. 小车碰撞金属片前后运动状态发生了变化
C. 这个实验还能说明物体的运动不需要力来维持
D. 小车对斜面的压力和小车受到的重力是一对平衡力
13. 电冰箱是现代家庭的常用电器，它内部的电路元件主要包括压缩机（其主要部件是电动机）和冷藏室内的照明灯。如图是一台能正常工作的电冰箱的简化电路图，下列判断正确的是（　　）


A. 电路图中的照明灯与电动机是串联的
B. 冰箱门关闭时，灯开关断开，照明灯熄灭
C. 冰箱内温度降低到设定温度时，电动机停止工作
D. 电动机利用了电磁感应的原理使线圈转动起来
三、填空题（本大题共5小题，共10.0分）
14. 2020年6月21日，在日食发生时，小明看到树荫下的地面上有图甲所示的光斑，这些光斑是由光的______形成的。观看日食不能用眼睛直接对着太阳，如果没有专用的太阳滤镜，比较简易的做法是用一盆滴有墨水的水来观看（如图乙所示），太阳在水中的像是由光的______形成的。


15. 2020年6月23日，我国成功发射了北斗三号全球卫星导航系统的第55颗卫星，即最后一颗组网卫星。卫星在加速升空过程中，其机械能______（选填“增大”“不变”或“减小”）；该系统是利用______波传递信息的。
16. 爸爸驾驶汽车帶小明去海边沙滩浴场游泳，汽车是依靠发动机（汽油机）工作时的______冲程获得动力的。小明发现沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为水的______比沙子的大。
17. 如图所示，两只气球自由地悬挂在空中，下面两种方法都能使两气球靠拢：
方法一、向两气球中间吹气。这是因为在气体中，流速大的位置，压强______。
方法二、把丝绸摩擦过的玻璃棒放在两气球之间。这是因为玻璃棒摩擦后______，能吸引轻小物体。
18. 小明用如图所示的电路“探究电流与电压的关系”。所用电源电压为4.5V．闭合开关S时，发现电压表无示数，但电流表有示数，电路故障可能是电阻R1______（选填“断路”或“短接”）。排除故障后，他移动滑动变阻器的滑片，发现当电压表示数是1.2V时，电流表示数是0.30A；继续移动滑片，使电压表示数从1.2V增加到2.4V，那么该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了______Ω。
四、计算题（本大题共3小题，共29.0分）
19. 小华家使用的是天然气热水器，他尝试估测该热水器的效率，以核对铭牌上的数值是否准确。当只有该热水器使用天然气时，把50kg的水从20℃加热到54℃，天然气表的示数由1365.05m3变为1365.17m3，已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃）。天然气的热值q=7.0×107J/m3．求：
（1）水吸收的热量；
（2）清耗的天然气完全燃烧放出的热量；
（3）该热水器的效率。







20. 潜水艇为增强国防力量，维护祖国安定发挥了重要作用。潜水艇截面如图所示，通过向水舱中充水或从水舱向外排水来改变潜水艇的自重，从面使其下沉或上浮。我国某型号潜水艇的总体积为2×103m3，水舱未充海水时潜水艇总重为1.26×107N，最大下潜深度可达400m。海水密度取1.03×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）最大下潜深度处的海水压强；
（2）潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力；
（3）潜水艇悬浮在海水中时，水舱中充入海水的质量。







21. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，灯泡正常发光，电压表V的示数为6V，电流表A2的示数为0.4A，只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，电流表A1的示数为0.2A，灯泡的实际功率为0.4W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。求：
（1）电阻R1的阻值；
（2）灯泡L的额定功率；
（3）滑动变阻器R2的最大阻值。







五、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
22. 一束光从水斜射入空气中，其折射光线如图所示，请在图中作出此光线的入射光线（注意标出法线）。













23. 如图是起重机将货物吊起的情景。O为支点，F1为动力，F2为阻力。请画出阻力F2的力臂l2．














六、实验探究题（本大题共3小题，共15.0分）
24. 利用如图所示的装置“探究平面镜成像的特点”。
提出问题：平面镜成像时，像的位置、大小跟物体的位置、大小有什么关系？
设计和进行实验：
（1）为了便于确定像的位置，要用玻璃板作为平面镜，原因是玻璃板能成像，而且______（只填字母代号）。
A．透过玻璃板可以看见后面的蜡烛
B．玻璃板比平面镜成像更清晰
C．蜡烛经玻璃板可成实像
D．玻璃板只透光不反射光
（2）为了比较像与物体的大小关系，需要选用两根外形______（选填“相同”或“不同”）的蜡烛。
（3）除图中提供的器材外，实验中还用到一种测量距离的工具，它是______。
（4）在寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在放有蜡烛______（选填“A”或“B”）的一侧观察。
25. 小明在实验室测量一块不规则石块的密度。
（1）小明把天平放在水平桌面上，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，如图甲所示，其做法错误之处是没有把______放到正确位置。
（2）小明纠正上述错误后，应向______（选填“左”或“右”）端调节平衡螺母，才能使天平横梁重新平衡。

（3）用调好的天平测石块的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平横梁平衡，则石块质量为______g．在量筒内倒入适量水，该石块放入前、后的情况如图丙所示，则石块的体积是______cm3．此石块的密度是______kg/m3。
26. 小明做“测量小灯泡的电阻”实验时，使用的小灯泡额定电压为2.5V，电源电压为3V．小明现已连接了部分电路，如图甲所示。
（1）在已连接的电路中，有一不当之处是______。
（2）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整。
（3）当小灯泡正常发充时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为______A，小灯泡正常发光时的电阻为______Ω（电阻的计算结果保留一位小数）。

（4）小明的实验记录和有关计算如表所示。从表格设计看，小明计划把四次电阻的平均值作为小灯泡的电阻值，他认为这样可以减小误差，你认为小明的做法是______（选填“正确”或“错误”）的。从表中数据看，不同电压下小灯泡的电阻值不同，这是灯丝电阻受______影响导致的。
实验序号
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
电阻平均值/Ω
1
2.5



2
2.1
0.26
8.1
3
1.7
0.24
7.1
4
1.3
0.21
6.2

答案和解析
1.【答案】C

【解析】解：公共场所有“公共场所，请勿高声喧哗”的规定，“高声喧哗”指的是声音大，即指声音的响度大。
故选：C。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
2.【答案】A

【解析】解：以行船为参照物，行船处于相对静止状态，远处的树和行船之间的位置不断发生变化，树是运动的，所以会感到“远树来”，故A正确，BCD错误。
故选：A。
由题意可知，本题研究的是树的运动状态，“远树来”说明树处于相对运动状态，那么它与所选参照物之间的位置应该发生了变化。
此题中“不疑行船动”和“唯看远树来”两句研究的对象不同，所选的参照物也不相同，应注意区分，这样才能正确理解和掌握参照物的选择和物体运动状态的辨别之间的关系。
3.【答案】C

【解析】解：
A、由图象知，该物质在熔化过程中吸热，但温度保持不变，所以该物质为晶体；图象中变化曲线呈水平方向的线段，就是晶体的熔化过程，它对应的纵坐标的值为80℃，就是晶体的熔点，故A错误；
B、该物质熔化过程中温度不变，吸收热量，热量是一个过程量，不能说物质含有多少热量，故B错误；
C、从图中可知，该物质从第10分钟开始熔化，到第25分钟完全熔化完，所以熔化过程经历了25min-10min=15min，且此时物质处于固液共存的状态，故C正确；
D、从烧杯中冒出的“白气”是水蒸汽液化形成的，故D错误。
故选：C。
（1）晶体和非晶体最大的区别就在于，晶体有一定的熔点，而非晶体没有一定的熔点；
（2）热量是一个过程量，只能说吸收或放出多少热量；
（3）根据图象分析熔化的时间；
（4）物质由气态变为液态叫做液化。
明确晶体与非晶体熔化时的根本区别，抓住图象中的关键特征，就能顺利解决此题。
4.【答案】B

【解析】解：电能是化学能、风能、核能、太阳能等其它形式的能转化而来的，所以是二次能源。故A、C、D不符合题意，B符合题意。
故选：B。
一次能源指可以从自然界直接获取的能源；二次能源指必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源。
本题考查了能源的分类，属于基础知识的考查，相对比较简单。
5.【答案】C

【解析】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不符合实际；
B、正常骑自行车的速度在18km/h=18×m/s=5m/s左右，故B不符合实际；
C、物理课本的长度约26cm，正常眼睛的明视距离略小于此数值，约是25cm，故C符合实际；
D、10枚鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一枚鸡蛋的质量在50g左右，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
6.【答案】A

【解析】解：
A、电水壶的金属外壳必须接地，应采用用三脚插头及三孔插座，可以防止外壳漏电时发生触电事故，故A符合安全用电原则；
B、接在电路中的电源插头属于带电体，用湿手触摸时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故B不符合安全用电原则；
C、使用绝缘皮破损的导线，从而容易使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险，故C不符合安全用电原则；
D、开关接在灯泡和零线之间，当断开开关，火线和灯泡还处于连接状态，人接触灯泡的金属部分时会发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
（1）家用电器如电冰箱、电冰柜、洗衣机、电水壶、电饭锅等，应按产品使用要求，装有接地线的插座；
（2）水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电；
（3）对各种电气设备按规定进行定期检查，如发现绝缘损坏、漏电和其他故障，应及时处理；
（4）开关接在灯泡和火线之间。
本题是对安全用电常识的考查，要求能运用物理知识解决实际问题。
7.【答案】B

【解析】解：A、茶壶是一个上端开口、底部连通的容器，静止时水面相平，故A正确；
B、刀刃很锋利，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B错误；
C、用力将吸盘压在光滑墙壁上，排出里面的空气，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上，故C正确；
D、浴室内的防滑垫表面凹凸不平，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故D正确。
故选：B。
（1）上端开口，底部连通的容器叫连通器，如果连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面高度总是相同的。
（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
（3）吸盘是利用大气压来进行工作的，生活中很多的现象都是利用大气压，例如：用吸管喝饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等；
（4）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面粗糙程度，压力越大，接触面越粗糙摩擦力越大；
本题考查了有关连通器、增大压强的方法、大气压的应用、增大摩擦的方法，利用所学知识解释身边的现象，学以致用。
8.【答案】D

【解析】解：
A、图甲使用的是定滑轮，承担物重的绳子股数n甲=1；图乙使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n乙=2；
因为绳端移动距离s=nh，所以绳端移动速度等于物体升高速度的n倍，
因为绳端在相同时间内移动了相同的距离，所以由速度公式v=可知绳端移动的速度相等，设其大小为v，
则物体上升的速度：
v甲=v，v乙=2v，
所以两物体上升的速度：v甲＜v乙，故A错误；
B、不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，额外功为0J，机械效率为100%；使用动滑轮时，要提升动滑轮做额外功，机械效率小于100%；所以两种装置的机械效率η甲＞η乙，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，拉力F=GA；使用动滑轮，拉力F=（GB+G动），GB=2F-G动，
绳端移动距离s相等，而s=nh，物体升高距离h甲=s，h乙=s，
由W=Gh可知：
W甲有用=GAh甲=Fs，
W乙有用=GBh乙=（2F-G动）×s=Fs-G动s，
所以提升物体所做的有用功W甲有用＞W乙有用，故C错误；
D、绳端在相同时间内移动了相同的距离，由v=可知绳端移动速度大小相等，所用拉力大小相等，
由P===Fv可知两种装置中拉力做功的功率相等，故D正确。
故选：D。
（1）由定滑轮、动滑轮的结构知道承担物重的绳子股数n，拉力端移动距离s=nh，拉力端移动速度等于物体升高速度的n倍，据此分析两物体上升的速度大小关系；
（2）不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，额外功为0J，机械效率为100%；使用动滑轮时，要提升动滑轮做额外功，机械效率小于100%；
（3）不计绳重和摩擦，使用定滑轮时，拉力F=GA；使用动滑轮，拉力F=（GB+G动），而拉力大小相等，可得提升物体重力大小关系；
绳端移动距离s相等，而s=nh，据此可得物体升高距离大小关系，再利用W=Gh比较次提升物体所做的有用功大小关系；
（4）绳端在相同时间内移动了相同的距离，由v=可知绳端移动速度大小关系，再利用P=Fv可得两种装置中拉力做功的功率大小关系。
本题考查了使用定滑轮、动滑轮时物体上升速度大小、拉力做的有用功大小、拉力做功功率大小、机械效率大小比较，利用好关系式：功率推导公式P===Fv；忽略绳重和摩擦时拉力F=（G+G动）。
9.【答案】D

【解析】解：
A、根据电流的流向和安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，故A正确；
B、地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合，即：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，故B正确；
C、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流的周围存在磁场，故C正确；
D、地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示；地理上的南极是地磁的北极，故长柄所指方向是地磁北极，地理南极，故D错误。
本题选错误的；
故选：D。
（1）根据安培定则判定螺线管的极性；
（2）地磁两极与地理两极是不重合的，有一定的偏角；
（3）奥斯特发现了电流的磁效应；
（4）“司南”是最早的指南针，实质就是一个磁体。磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示。
本题考查了安培定则的应用、地理和地磁的两极、电流的磁效应，属于基础知识，要熟记。
10.【答案】D

【解析】解：
A、电饭煲工作时把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故A正确；
B、由表格数据可知，电饭煲中挡时的功率为1200W，低档时的功率为500W，且电饭煲正常工作时的电压不变，由P=可得，电饭煲在中挡正常工作时电热丝阻值比低挡正常工作时小，故B正确；
C、由P=可得，电饭煲在高挡正常工作10min，消耗的电能W=P高t=1800W×10×60s=1.08×106J，故C正确；
D、在高挡正常工作10min，电饭煲消耗的电能W=1.08×106J=0.3kW•h，
由图知，电能表原来的示数为7325.6kW•h，则电能表示数将变成7325.6kW•h+0.3kW•h=7325.9kW•h，故D错误。
故选：D。
（1）电流通过导体时，导体发热，电能转化为内能，这种现象叫电流的热效应。
（2）由P=分析电饭煲在中挡正常工作时和低挡正常工作时的电热丝阻值关系；
（3）由P=计算电饭煲在高挡正常工作10min，消耗的电能；
（4）求出消耗的电能，加上原来电能表示数即可。
本题考查了电能和电功率的计算，明确电能表先关参数的含义是关键，计算时注意单位换算1kW•h=3.6×106J。
11.【答案】CD

【解析】解：A、如图：佩戴凸透镜进行矫正，是表示矫正远视眼的光路示意图，故A错误；
B、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，凸透镜并非只对平行于主光轴的光有会聚作用，故B错误；
C、放大镜是凸透镜，看远处的物体时，物体位于2倍焦距外，像是倒立、缩小的实像，故C正确；
D、入射光线与反射光线在同一平面内，把纸板NOF向后折，在纸板上不能看到反射光，故D正确。
故选：CD。
（1）近视眼是晶状体会聚能力增强，像成在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；远视眼是晶状体会聚能力减弱，使像成在了视网膜的后面，需要佩戴凸透镜进行矫正。
（2）凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；
（3）当物距小于1倍焦距时，则成正立、放大的虚像，此时像距大于物距，像比物大，物像同侧，应用于放大镜；当物距大于2倍焦距时，则像距在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像；
（3）由光的反射定律可知：入射光线与反射光线在同一平面内，若把法线左边的纸板向后或向前折，则在纸板上将不能看到反射光线。
本题考查远视眼及其矫正、凸透镜的会聚作用、凸透镜的成像规律、光的反射规律，是对基础知识的考查。
12.【答案】AB

【解析】解：
A、由图可知，AB段的路程s=10.00dm-1.00dm=9.00dm；故A正确；
B、小车碰撞金属片后，由运动变为静止，运动状态发生了变化；故B正确；
C、探究物体的运动不需要力来维持这一结论时，应创造条件让小车不受任何外力作用，观察小车是否还能够运动，故该装置无法探究；故C错误；
D、小车对斜面的压力，其受力物是斜面，小车受到的重力，受力物是小车，二力不在同一物体上，因此不是一对平衡力，故D错误。
故选：AB。
（1）读出AB两点的示数，计算出AB间的距离；
（2）物体的运动状态包括速度大小和运动方向，只要有一个发生改变，运动状态就发生了变化；
（3）探究物体的运动不需要力来维持时，应尽量减少外力对小车的影响，观察小车的运动状态；
（4）物体静止或作匀速直线运动时，受到的力是平衡力，二力平衡的条件的条件是大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在一个物体上。
本题为测量物体平均速度、探究物体运动情况的实验题，主要考查了长度的测量、物体运动状态的判断、平衡力的判断，以及实验原理等知识的考查，综合性强，难度不大。
13.【答案】BC

【解析】解：
A、由图知，温控开关闭合，电动机工作；灯开关闭合，照明灯工作；电动机和照明灯工作过程互不影响，所以是并联，故A不正确；
B、关上冰箱门时，灯开关自动断开，照明灯熄灭，故B正确；
C、冰箱内温度降低到设定温度时，温控开关自动断开，电动机停止工作，这是压缩机工作的一般原理，故C正确；
D、电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用原理工作的，故D不正确。
故选：BC。
（1）串联电路电流只有一条路径，各处电流相等，用电器不能独立工作；并联电路：电流有两条或两条以上路径，各用电器可以独立工作，各支路电压相等；
（2）冰箱门在电路中相当于一个开关，和照明灯串联，控制照明灯的工作；
（3）温控开关可以根据设定温度实现自动断开与闭合；
（4）电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用原理工作的。
此题考查了电冰箱电路结构和基本制冷原理，还涉及到电动机的工作原理，是一道联系实际的应用题，熟悉基础知识是正确解答的关键。
14.【答案】直线传播  反射

【解析】解：沿直线传播的太阳光经过树叶间的缝隙，在地面上形成光斑，这是小孔成像，地面上的光斑是太阳的像，是由光的直线传播形成的；
直接观看日食，会灼伤眼睛。准备一盆滴有墨水的水置于阳光下，平静的水面相当于平面镜，所以在脸盆中能观察到太阳的像，是平面镜成像，属于光的反射原理
故答案为：直线传播；反射。
①树荫下地面上的光斑是太阳经过树叶缝隙成的像，是小孔成像现象；
②平面镜成像是光的反射现象。
此题考查了光的直线传播现象和光的反射现象的应用，是光现象基本规律的应用，难度不大。
15.【答案】增大  电磁

【解析】解：
（1）卫星加速升空的过程中，质量不变，速度和高度都增加，故动能和重力势能都增大，机械能等于动能和势能的总和，所以其机械能增大；
（2）人造卫星是利用电磁波来传递信息的。
故答案为：增大；电磁。
（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；
（2）卫星是利用电磁波来传递信息的。
本题考查了机械能的影响因素、电磁波的利用，属于基础性题目。
16.【答案】做功  比热容

【解析】解：在汽油机的一个工作循环中，内能转化为机械能的是做功冲程，为汽车提供动力；因为海水的比热容比沙子的大，在相同光照下（或吸收相同热量）时，沙子的温度升得比水高。所以沙子很烫脚，而海水却是凉凉的。
故答案为：做功；比热容。
（1）内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
（2）水和沙子比热容大小的不同来进行分析，比热容越大的物质，相同情况下温度变化越不明显。
本题主要考查了内燃机的四个冲程中的能量转化情况、水的比热容大的特点及应用，是一道基础性题目。
17.【答案】小  带了电

【解析】解：方法一、流体流速越大，流体压强越小，向两气球之间吹气，两气球间的空气流速大于两气球之外的气体压强，两气球间的气体压强小于两气球之外的气体压强，两气球在气球内外气体压力差作用下相互靠近；
方法二、把丝绸摩擦过的玻璃棒放在两气球之间。这是因为玻璃棒摩擦后带了电，能吸引轻小物体。
故答案为：小，带了电。
流体流速越大，压强越小；
物体相互摩擦可以使物体带电，带电体能吸引轻小物体。
此题考查了流体压强与流速的关系及物体带电现象，是基础性题目。
18.【答案】短接  7.5

【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由题意可知，电流表有示数说明电路为通路，电压表无示数说明电压表被短路，则电路故障可能是电阻R1短接；
（2）由题意可知，当电压表示数是1.2V时，电流表示数是0.30A，
由I=可得，R1的阻值：R1===4Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时滑动变阻器两端的电压：U2=U-U1=4.5V-1.2V=3.3V，
则变阻器接入电路中的电阻：R2===11Ω，
因探究电流与电压的关系时应保持定值电阻的阻值不变，
所以，当电压表示数增加到2.4V时电路中的电流：I2===0.60A，
此时滑动变阻器两端的电压：U2′=U-U1′=4.5V-2.4V=2.1V，
此时变阻器接入电路中的电阻：R2′===3.5Ω，
所以，该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了△R2=R2-R2′=11Ω-3.5Ω=7.5Ω。
故答案为：短接；7.5。
由电路图可知，定值电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由题意可知，电流表有示数说明电路为通路，电压表无示数说明电压表被短路，据此进行解答；
（2）根据欧姆定律求出R1的阻值，利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，探究电流与电压的关系时应保持定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律求出电压表示数增加到2.4V时电路中的电流，然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出此时变阻器接入电路中的电阻，进一步求出该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了的值。
本题考查了电路故障的判断和串联电路特点以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
19.【答案】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸=c水m水△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（54℃-20℃）=7.14×106J；
（2）消耗的天然气：
V=1365.17m3-1365.05m3=0.12m3；
天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=qV=7.0×107J/m3×0.12m3=8.4×106J；
（3）该热水器的热效率：
η==×100%=85%。
答：（1）水吸收的热量为7.14×106J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量为8.4×106J；
（3）该热水器的热效率为85%。

【解析】（1）知道水的质量、比热容、温度变化，利用Q吸=cm△t求出热水器中的水吸收的热量；
（2）利用Q放=mq求热水器加热过程中天然气完全燃烧放出的热量；
（3）该热水器的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题为热量的综合计算题，考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、热效率公式的理解和灵活运用，属于中档题。
20.【答案】解：（1）最大下潜深度处的海水压强为：
p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×400m=4.12×105Pa；
（2）潜水艇完全潜入海水中，潜水艇受到的浮力为：
F浮=ρgV排=1.03×103kg/m3×10N/kg×2×103m3=2.06×107N；
（3）潜水艇悬浮在海水中时，受力平衡，浮力等于潜水艇重力和充入海水的重力之和，即：
F'浮=G艇+G海水；
水舱至少充水重力为：G海水=F′浮-G艇=2.06×107N-1.26×107N=8×106N，
充水质量为：m===8×105kg。
答：（1）最大下潜深度处的海水压强为4.12×105N。
（2）潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力为2.06×107N。
（3）潜水艇悬浮在海水中时，水舱中充入海水的质量为8×106kg。

【解析】（1）知道海水深度、密度，根据液体压强公式求出液体压强。
（2）知道潜水艇的体积、水的密度，根据阿基米德原理求出完全潜入海水时受到的浮力。
（3）潜水艇完全潜入海水中悬浮时，潜水艇受到的浮力等于总重，知道水舱未充水的重力，可以求出至少增加水的重力，求出增加水的质量。
本题主要考查了液体压强、漂浮和悬浮条件、阿基米德原理等知识；当物体漂浮和悬浮时，首先要考虑浮力等于重力，一般情况下，这个条件都是非常重要的。
21.【答案】解：
（1）闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，灯泡L与定值电阻R1并联，电流表A2测R1支路的电流，电压表测电源两端的电压，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=可得，电阻R1的阻值：
R1===15Ω；
（2）只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R2的最大阻值和灯泡L串联，电流表A1测电路中的电流，
由P=UI可得，灯泡两端的电压：
UL===2V，
由I=可得，灯泡的电阻：
RL===10Ω，
因闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，灯泡正常发光，
所以，灯泡L的额定功率：
PL额====3.6W；
（3）只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R2的最大阻值和灯泡L串联，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时R2两端的电压：
U2=U-UL=6V-2V=4V，
则滑动变用器R2的最大阻值：
R2===20Ω。
答：（1）电阻R1的阻值为15Ω；
（2）灯泡L的额定功率为3.6W；
（3）滑动变用器R2的最大阻值为20Ω。

【解析】（1）闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，灯泡L与定值电阻R1并联，电流表A2测R1支路的电流，电压表测电源两端的电压，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电阻R1的阻值；
（2）只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R2的最大阻值和灯泡L串联，电流表A1测电路中的电流，根据P=UI求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移到a端时，灯泡正常发光，根据P=UI=求出灯泡L的额定功率；
（3）只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R2的最大阻值和灯泡L串联，根据串联电路的电压特点求出此时R2两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变用器R2的最大阻值。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，分清电路的连接方式是关键，要注意灯泡正常发光时的功率和额定功率相等。
22.【答案】解：过入射点作出垂直水面的法线，在法线左侧的水中画出入射光线，方向指向入射点，注意入射角小于折射角，如图所示：


【解析】根据光由水中斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出大致的入射光线。
光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，折射角随入射角的增大而增大。
23.【答案】解：已知图中支点为O点，阻力F2的方向竖直向下，阻力臂是支点到阻力作用线的垂线段。如图所示：


【解析】力臂是支点到力的作用线的距离，因此要先确定支点，然后判断力的方向，再过支点做出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂。
本题考查了力臂的作法，正确作图的前提是理解力臂的含义。
24.【答案】A  相同  刻度尺  A

【解析】解：（1）在探究“平面镜成像的特点”时，用玻璃板代替平面镜的目的是：玻璃板不但反射光成虚像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置，故A正确；
（2）两只蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以需要选用两根外形相同的蜡烛；
（3）平面镜成像时，为了探究像到镜面的距离与物体到镜面的距离的关系，需要刻度尺测量出物距和像距的大小，所以用到的工具是刻度尺；
（4）平面镜成的像是光的反射形成的，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A蜡烛所在这一侧。
故答案为：（1）A；（2）相同；（3）刻度尺；（4）A。
（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；
（2）在实验中为了便于研究像的特点与位置，用了两支相同的蜡烛，将另一支蜡烛放在像的位置与像进行比较，运用了替代法；
（3）实验中需要探究像到镜面的距离与物体到镜面的距离的关系；
（4）实验过程中，眼睛要在蜡烛A侧观察，眼睛既能看到蜡烛A，又能看到代替蜡烛A的蜡烛B．如果在蜡烛B侧观察，只能看到蜡烛B和透过透明玻璃板看到蜡烛A，不能看到蜡烛A的像。
掌握平面镜成像实验中各器材选择和操作的目的，例如为什么选择薄透明玻璃板、为什么选择两个完全相同的蜡烛、玻璃板为什么要竖直放置、刻度尺的作用等，属于常考命题点。
25.【答案】游码  右  38.4  15  2.56×103

【解析】解：（1）天平在调平衡前必须将游码拨到零刻度线；由图可知，其做法错误之处是没有把游码拨到零刻度线；
（2）原来游码没有归零时，天平平衡，当把游码拨到零刻度线处时，相当于右盘质量变小，则指针左偏，应将平衡螺母右调；
（3）物体质量m=20g+10g+5g+3.4g=38.4g；
水和石块的体积为45ml，石块体积V=45ml-30ml=15ml=15cm3；
石块的密度ρ===2.56g/cm3=2.56×103kg/m3。
故答案为：（1）游码；（2）右；（3）38.4；15；2.56×103。
（1）天平使用前的调节要做到放、拨、调，拨是指将游码拨到零刻度线；
（2）天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢；
（3）物体质量=砝码质量+游码对应的刻度值；
读出图中水和石块的总体积，减去原来水的体积，就等于小石块的体积；
用公式ρ=算出石块的密度。
本题考查了：①天平的调节，先将天平放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，调节平衡螺母使横梁平衡；
②测固体密度的基本方法，先用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，用公式ρ=算出固体的密度。
26.【答案】开关闭合  0.28  8.9  错误  温度

【解析】解：
（1）连接电路中，不当之处是开关闭合；
（2）电压表与灯并联，如下所示：

（3）当小灯泡正常发充时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小
电流大小为 0.28A，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻为：
R==≈8.9Ω；
（4）小明计划把四次电阻的平均值作为小灯泡的电阻值，他认为这样可以减小误差，小明的做法是错误的。从表中数据看，不同电压下小灯泡的电阻值不同，这是灯丝电阻受温度影响导致的。
故答案为：（1）开关闭合；（2）如上所示；（3）0.28；8.9；（4）错误；温度。
（1）连接电路中，为保护电路，开关要断开；
（2）本实验中，电压表与灯并联；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；由欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻；
（4）不同电压下小灯泡的电阻值不同，取平均值没有意义，灯丝电阻受温度影响。
本题测量小灯泡的电阻，考查注意事项、电路连接、电流表读数、电阻计算和数据处理及影响电阻大小的因素。