全国统考2022版高考数学大一轮复习第3章导数及其应用第2讲导数的简单应用1备考试题（含解析）

第三章　导数及其应用

第二讲　导数的简单应用

练好题·考点自测 

1.[2021陕西模拟]若函数f(x)=kx-ln x在区间(1,+∞)上单调递增,则k的取值范围是 (　　)

A.(-∞,-2] B.(-∞,-1]

C.[2,+∞) D.[1,+∞)

2.下列说法错误的是 (　　)

A.函数在某区间上或定义域内的极大值是唯一的

B.若x0是可导函数y=f(x)的极值点,则一定有f'(x0)=0

C.函数的最大值不一定是极大值,函数的最小值也不一定是极小值

D.函数f(x)=xsinx有无数个极值点

3.[2020安徽安庆一中5月模拟]函数y=f(x)的导函数的图象如图3-2-1所示,给出下列命题:

①(0,3)为函数y=f(x)的单调递减区间;

②(5,+∞)为函数y=f(x)的单调递增区间;

③函数y=f(x)在x=0处取得极大值;

④函数y=f(x)在x=5处取得极小值.

其中正确的命题序号是 (　　)

A.①③ B.②④ 

C.①④ D.②③④

图3-2-1

4.[2017全国卷Ⅱ,11,5分]若x=-2是函数f(x)=(x2+ax-1)ex-1的极值点,则 f(x)的极小值为 (　　)

A.-1 B.-2e-3 C.5e-3 D.1

5.[2021河南省名校第一次联考]已知函数f(x)=x(x-c)2在x=2处取极大值,则c=　　　　. 

6.[2021武汉市部分学校质检]设函数f(x)=ln在区间[,]上的最小值和最大值分别为m和M,则m+M=　　　　. 

拓展变式

1.[2020全国卷Ⅱ,21,12分][文]已知函数f(x)=2ln x+1.

(1)若f(x)≤2x+c,求c的取值范围;

(2)设a>0,讨论函数g(x)=的单调性.

2.已知函数g(x)=x3x2+2x+5.

(1)若函数g(x)在(-2,-1)内单调递减,则a的取值范围为　　　　; 

(2)若函数g(x)在(-2,-1)内存在单调递减区间,则a的取值范围为　　　　; 

(3)若函数g(x)在(-2,-1)上不单调,则a的取值范围为　　　　. 

3.[2017北京,19,13分][文]已知函数f(x)=excosx-x.

(1)求曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程;

(2)求函数f(x)在区间[0,]上的最大值和最小值.

4.[2020广西桂林三校联考]已知函数f(x)=ax2-(a+2)x+lnx.

(1)函数g(x)=f(x)-ax2+1,在其定义域上g(x)≤0恒成立,求实数a的最小值;

(2)当a>0时, f(x)在区间[1,e]上的最小值为-2,求实数a的取值范围.

5.[2021湖南名校大联考]若f(x)为定义在R上的偶函数,当x∈(-∞,0]时,f'(x)+2x>0,则不等式f(x+1)-f(x+2)>2x+3的解集为              (　　)

A.(,+∞) B.(-∞,-3)

C.(-∞,) D.(,+∞)

答  案

第三章　导数及其应用

第二讲　导数的简单应用

1.D　因为f(x)=kx-ln x,所以f'(x)=k.因为f(x)在区间(1,+∞)上单调递增,所以当x>1时,f'(x)=k≥0恒成立,即k≥在区间(1,+∞)上恒成立.因为x>1,所以0<<1,所以k≥1.故选D.

2.A　对于A选项,函数在某区间上或定义域内的极大值不一定是唯一的,如f(x)=sin x在定义域内有无数个极大值点,故A错误;对于B选项,若x0是可导函数y=f(x)的极值点,则一定有f'(x0)=0,故B正确;对于C选项,显然正确;对于D选项,函数f(x)=xsinx的导数f'(x)=sin x+xcosx,令f'(x)=0,则x=-tan x,因为y=x与y=-tan x的图象有无数个交点,故函数f(x)=xsinx有无数个极值点,故D正确.选A.

3.B　由函数y=f(x)的导函数的图象可知,当x<-1或3<x<5时,f'(x)<0,y=f(x)单调递减,当-1<x<3或x>5时,

f'(x)>0,y=f(x)单调递增,由此可知①错误,②正确;函数y=f(x)在x=-1,x=5处取得极小值,在x=3处取得极大值,由此可知③错误,④正确.故选B.

4.A　因为f(x)=(x2+ax-1)ex-1,所以f'(x)=(2x+a)ex-1+(x2+ax-1)ex-1=[x2+(a+2)x+a-1]ex-1.因为x=-2是函数f(x)=(x2+ax-1)ex-1的极值点,所以-2是x2+(a+2)x+a-1=0的根,所以a=-1,f'(x)=(x2+x-2)ex-1=(x+2)(x-1)ex-1.令

f'(x)>0,解得x<-2或x>1,令f'(x)<0,解得-2<x<1,所以f(x)在(-∞,-2)上单调递增,在(-2,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,所以当x=1时,f(x)取得极小值,且f(x)极小值=f(1)=-1,故选A.

5.6　解法一　由题知,f'(x)=(x-c)2+2x(x-c)=(x-c)(3x-c),当c≤0时,不合题意,故c>0.当x变化时,

f'(x),f(x)的变化情况如下表:

故=2,c=6.

解法二　由题知,f' (x)=(x-c)2+2x(x-c)=(x-c)(3x-c),则f'(2)=(2-c)(6-c)=0,解得c=2或c=6,经检验,c=2不合题意,故c=6.

6.-2ln 2　令g(x)=,x∈[,],则g'(x)=,因为x∈[,],所以sin x∈[,],所以g'(x)>0,则g(x)在[,]上单调递增,所以f(x)在[,]上单调递增,因为g()=,g()=,所以f(x)的最小值与最大值的和m+M=ln+ln=ln=-2ln 2.

1.设h(x)=f(x)-2x-c,则h(x)=2ln x-2x+1-c,

其定义域为(0,+∞),h'(x)=2=.

(1)当0<x<1时,h'(x)>0;当x>1时,h'(x)<0.所以h(x)在区间(0,1)上单调递增,在区间(1,+∞)上单调递减.从而当x=1时,h(x)取得最大值,最大值为h(1)=-1-c.

故当且仅当-1-c≤0,即c≥-1时,f(x)≤2x+c.

所以c的取值范围为[-1,+∞).

(2)g(x)=,x∈(0,a)∪(a,+∞).

g'(x)=.

取c=-1得h(x)=2ln x-2x+2=2(1-x+ln x),h(1)=0,则由(1)知,当x≠1时,h(x)<0,即1-x+ln x<0.故当x∈(0,a)∪(a,+∞)时,1+ln <0,从而g'(x)<0.

所以g(x)在区间(0,a),(a,+∞)上单调递减.

2.因为g(x)=x3x2+2x+5,所以g'(x)=x2-ax+2.

(1)(-∞,-3]　解法一　因为g(x)在(-2,-1)内单调递减,

所以g'(x)=x2-ax+2≤0在(-2,-1)内恒成立.

所以即解得a≤-3.

即实数a的取值范围为(-∞,-3].

解法二　由题意知x2-ax+2≤0在(-2,-1)内恒成立,

所以a≤x+在(-2,-1)内恒成立,记h(x)=x+,

则x∈(-2,-1)时,-3<h(x)≤-2,所以a≤-3.

即实数a的取值范围为(-∞,-3].

(2)(-∞,-2)　因为函数g(x)在(-2,-1)内存在单调递减区间,所以g'(x)=x2-ax+2<0在(-2,-1)内有解,

所以a<(x+)max.

又x+≤-2,当且仅当x=即x=时等号成立,

所以满足要求的a的取值范围是(-∞,-2).

(3)(-3,-2)　由(1)知g(x)在(-2,-1)上单调递减时,a的范围是(-∞,-3].

若g(x)在(-2,-1)上单调递增,

则a≥x+在(-2,-1)上恒成立,

又在(-2,-1)上y=x+的值域为(-3,-2],

所以a的取值范围是[-2,+∞),

所以函数g(x)在(-2,-1)上单调时,a的取值范围是(-∞,-3]∪[-2,+∞),

故g(x)在(-2,-1)上不单调时,实数a的取值范围是(-3,-2).

3.(1)因为f(x)=excosx-x,所以f'(x)=ex(cos x-sin x)-1,f'(0)=0.

又f(0)=1,所以曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程为y=1.

(2)设h(x)=ex(cos x-sin x)-1,则h'(x)=ex(cos x-sin x-sinx-cos x)=-2exsin x.

当x∈[0,]时,h'(x)≤0,当且仅当x=0时“=”成立,

所以h(x)在区间[0,]上单调递减.

所以对任意x∈[0,],有h(x)≤h(0)=0,即f'(x)≤0,当且仅当x=0时“=”成立.

所以函数f(x)在区间[0,]上单调递减.

因此f(x)在区间[0,]上的最大值为f(0)=1,最小值为f()=.

4.(1)由题意得g(x)=ln x-(a+2)x+1≤0在(0,+∞)上恒成立,

因为x>0,所以a+2≥在(0,+∞)上恒成立.

设h(x)=(x>0),则h'(x)=,

令h'(x)=0,得x=1.

当0<x<1时,h'(x)>0,函数h(x)单调递增;当x>1时,h'(x)<0,函数h(x)单调递减.

因此h(x)max=h(1)=1,

所以a+2≥1,即a≥-1.

于是所求实数a的最小值为-1.

(2)对f(x)求导,得f'(x)=2ax-(a+2)+(x>0,a>0),令f'(x)=0,得x1=,x2=.

①当0<≤1,即a≥1时,因为x∈[1,e],所以f'(x)≥0, f(x)单调递增,

所以f(x)min=f(1)=-2,符合题意;

②当1<<e,即<a<1时,因为x∈[1,e],所以当x∈[1,)时,f'(x)<0,f(x)单调递减,

当x∈(,e]时, f'(x)>0,f(x)单调递增,

所以f(x)min=f()<f(1)=-2,不符合题意,舍去;

③当≥e,即0<a≤时,因为x∈[1,e],所以f'(x)≤0, f(x)单调递减,所以f(x)min=f(e)<f(1)=-2,不符合题意,舍去.

综上可知,实数a的取值范围为[1,+∞).

5.D　令g(x)=f(x)+x2,因为f(x)为定义在R上的偶函数,所以g(x)也是定义在R上的偶函数,g'(x)=f'(x)+2x,当x∈(-∞,0]时,g'(x)=f'(x)+2x>0,所以g(x)在(-∞,0]上单调递增,所以当x∈(0,+∞)时,g(x)单调递减.g(x+1)=f(x+1)+(x+1)2,g(x+2)=f(x+2)+(x+2)2,所以不等式f(x+1)-f(x+2)>2x+3,可化为f(x+1)+(x+1)2>f(x+2)+(x+2)2,(题眼)

即g(x+1)>g(x+2),所以|x+1|<|x+2|,解得x>,故选D.