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2021高考数学二轮复习专题二第2讲：本初等函数、函数与方程及函数的应用

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这是一份2021高考数学二轮复习专题二第2讲：本初等函数、函数与方程及函数的应用，共21页。试卷主要包含了指数与对数式的运算公式，指数函数、对数函数的图象和性质，某租赁公司拥有汽车100辆，已知函数f＝ex－e－x等内容，欢迎下载使用。

考点一指数函数、对数函数及幂函数
1．指数与对数式的运算公式
2．指数函数、对数函数的图象和性质
指数函数y＝ax(a>0，a≠1)与对数函数y＝lgax(a>0，a≠1)的图象和性质，分01两种情况：当a>1时，两函数在定义域内都为增函数，当0[对点训练]
1．(2018·河南洛阳二模)已知点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a，\f(1,2)))在幂函数f(x)＝(a－1)xb的图象上，则函数f(x)是( )
A．奇函数 B．偶函数
C．定义域内的减函数 D．定义域内的增函数
[解析] ∵点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(a，\f(1,2)))在幂函数f(x)＝(a－1)xb的图象上，∴a－1＝1，解得a＝2，则2b＝eq \f(1,2)，∴b＝－1，∴f(x)＝x－1，∴函数f(x)是定义域(－∞，0)∪(0，＋∞)上的奇函数，且在每一个区间内是减函数，故选A.
[答案] A
2．(2018·天津卷)已知a＝lg2e，b＝ln2，c＝lg eq \s\d8(\f(1,2)) eq \f(1,3)，则a，b，c的大小关系为( )
A．a>b>c B．b>a>c
C．c>b>a D．c>a>b
[解析] 由已知得c＝lg23，∵lg23>lg2e>1，b＝ln2<1，∴c>a>b，故选D.
[答案] D
3．(2018·山东潍坊一模)若函数f(x)＝ax－a－x(a>0且a≠1)在R上为减函数，则函数y＝lga(|x|－1)的图象可以是( )
[解析] 因函数f(x)＝ax－a－x(a>0且a≠1)在R上为减函数，故0易知函数y＝lga(|x|－1)是偶函数，定义域为{x|x>1或x<－1}，x>1时函数y＝lga(|x|－1)的图象可以通过函数y＝lgax的图象向右平移1个单位得到，故选D.
[答案] D
4．(2018·江西九江七校联考)若函数f(x)＝lg2(x2－ax－3a)在区间(－∞，－2]上是减函数，则实数a的取值范围是________．
[解析] 由题意得x2－ax－3a>0在区间(－∞，－2]上恒成立且函数y＝x2－ax－3a在(－∞，－2]上递减，则eq \f(a,2)≥－2且(－2)2－(－2)a－3a>0，解得实数a的取值范围是[－4,4)．
[答案] [－4,4)
[快速审题] 看到指数式、对数式，想到指数、对数的运算性质；看到指数函数、对数函数、幂函数，想到它们的图象和性质．
基本初等函数的图象与性质的应用技巧
(1)对数函数与指数函数的单调性都取决于其底数的取值，当底数a的值不确定时，要注意分a>1和01时，两函数在定义域内都为增函数；当0(2)由指数函数、对数函数与其他函数复合而成的函数，其性质的研究往往通过换元法转化为两个基本初等函数的有关性质，然后根据复合函数的性质与相关函数的性质之间的关系进行判断．
(3)对于幂函数y＝xα的性质要注意α>0和α<0两种情况的不同．
考点二函数的零点
1．函数的零点及其与方程根的关系
对于函数f(x)，使f(x)＝0的实数x叫做函数f(x)的零点．函数F(x)＝f(x)－g(x)的零点就是方程f(x)＝g(x)的根，即函数y＝f(x)的图象与函数y＝g(x)的图象交点的横坐标．
2．零点存在性定理
如果函数y＝f(x)在区间[a，b]上的图象是连续不断的一条曲线，并且有f(a)·f(b)<0，那么函数y＝f(x)在区间(a，b)内有零点，即存在c∈(a，b)，使得f(c)＝0，这个c也就是方程f(x)＝0的根．角
[解析] 当x≤0时，
由f(x)＝0，即x2＋2017x－2018＝0，
得(x－1)(x＋2018)＝0，
解得x＝1(舍去)或x＝－2018；
当x>0时，设g(x)＝x－2，h(x)＝lnx，如图，分别作出两个函数的图象，
由图可知，两函数图象有两个交点，所以函数f(x)在x>0时有两个零点．
综上，函数f(x)有3个零点，故选C.
[答案] C
[快速审题] 看到函数的零点，想到求方程的根或转化为函数图象的交点．
[解析] 在平面直角坐标系中作出函数y＝f(x)的图象，如图，而函数y＝mx－eq \f(1,2)恒过定点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，－\f(1,2)))，设过点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，－\f(1,2)))与函数y＝lnx的图象相切的直线为l1，切点坐标为(x0，lnx0)．因为y＝lnx的导函数y′＝eq \f(1,x)，所以图中y＝lnx的切线l1的斜率为k＝eq \f(1,x0)，则eq \f(1,x0)＝eq \f(lnx0＋\f(1,2),x0－0)，解得x0＝eq \r(e)，所以k＝eq \f(1,\r(e)).又图中l2的斜率为eq \f(1,2)，故当方程f(x)＝mx－eq \f(1,2)恰有四个不相等的实数根时，实数m的取值范围是eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(\r(e),e))).
[答案] eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(\r(e),e)))
[探究追问] 将例2中“方程f(x)＝mx－eq \f(1,2)恰有四个不相等的实数根”改为“方程f(x)＝meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x－\f(5,4)))恰有三个不相等的实数根”，结果如何？
[解析] 在平面直角坐标系中作出函数y＝f(x)的图象，如图．函数y＝meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x－\f(5,4)))恒过定点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5,4)，0))，设过点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5,4)，0))与函数y＝1－x2的图象相切的直线为l1，设切点坐标为(x0,1－xeq \\al(2,0))，因为y＝1－x2(x≤1)的导函数y′＝－2x0，所以切线l1斜率k＝－2x0，则－2x0＝eq \f(1－x\\al(2,0),x0－\f(5,4))，解得x0＝eq \f(1,2)或x0＝2(舍)．所以直线l1的斜率为－1，结合图可知，当方程f(x)＝meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x－\f(5,4)))恰有三个不相等的实根时，实数m的取值范围是(－1,0)．
[答案] (－1,0)
(1)判断函数零点个数的3种方法
(2)利用函数零点的情况求参数值(或范围)的3种方法
[对点训练]
1．[角度1]已知函数f(x)＝eq \f(6,x)－lg2x.在下列区间中，包含f(x)零点的区间是
( )
A．(0,1) B．(1,2)
C．(2,4) D．(4，＋∞)
[解析] 易知f(x)是单调递减函数．∵f(1)＝6－lg21＝6>0，f(2)＝3－lg22＝2>0，f(4)＝eq \f(6,4)－lg24＝eq \f(3,2)－2<0，∴选项中包含f(x)零点的区间是(2,4)．
[答案] C
[解析] f(x)＝k有三个不同的实数根，即函数y＝f(x)的图象与函数y＝k的图象有三个交点，如图所示．
当－1[答案] (－1,0)
考点三函数的实际应用
解决函数实际应用题的关键
(1)认真读题，缜密地审题，确切地理解题意，明确问题的实际背景，然后进行科学地抽象概括，将实际问题归纳为相应的数学问题．
(2)合理选取参变量，设定变量之后，就要寻找它们之间的内在联系，选用恰当的代数式表示问题中的关系，建立相应的函数模型，最终求解数学模型使实际问题获解．
[对点训练]
1．在某种新型材料的研制中，实验人员获得了下列一组实验数据，现准备用下列四个函数中的一个近似地表示这些数据的规律，其中最接近的一个是( )
A.y＝2x－2 B．y＝eq \f(1,2)(x2－1)
C．y＝lg2x D．y＝lg eq \s\d8(\f(1,2)) x
[解析] 由题中表可知函数在(0，＋∞)上是增函数，且y的变化随x的增大而增大的越来越快，分析选项可知B符合，故选B.
[答案] B
2．(2018·西安四校联考)某大型民企为激励创新，计划逐年加大研发资金投入．若该民企2018年全年投入研发资金130万元，在此基础上，每年投入的研发资金比上一年增长12%，则该民企全年投入的研发资金开始超过200万元的年份是(参考数据：lg1.12≈0.05，lg1.3≈0.11，lg2≈0.30)( )
A．2019年 B．2020年
C．2021年 D．2022年
[解析] 设从2018年起，过了n(n∈N*)年该民企全年投入的研发资金超过200万元，则130×(1＋12%)n≥200，则n≥eq \f(lg\f(20,13),lg1.12)≈eq \f(0.30－0.11,0.05)＝3.8，由题意取n＝4，则n＋2018＝2022，故选D.
[答案] D
3.如图，某小区有一边长为2的正方形地块OABC，其中阴影部分是一个游泳池，计划在地块OABC内修一条与池边AE相切的直路l(宽度不计)，切点为M，并把该地块分为两部分．现以点O为坐标原点，以线段OC所在直线为x轴，建立如图所示的平面直角坐标系，若池边AE为函数y＝－x2＋2(0≤x≤eq \r(2))的图象，且点M到边OA的距离为teq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,3)≤t≤\f(4,3)))，则地块OABC在直路l不含泳池那侧的面积的最大
值为________．
[解析] M(t，－t2＋2)，过切点M的切线l：y－(－t2＋2)＝－2t(x－t)，即y＝－2tx＋t2＋2，令y＝2得x＝eq \f(t,2)，故切线l与AB交于点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(t,2)，2))；令y＝0，得x＝eq \f(t,2)＋eq \f(1,t)，
故切线l与OC交于点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(t,2)＋\f(1,t)，0))，又x＝eq \f(t,2)＋eq \f(1,t)在eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(2,3)，\f(4,3)))上单调递减，所以x＝eq \f(t,2)＋eq \f(1,t)∈eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(17,12)，\f(11,6)))，所以地块OABC在切线l右上部分区域为直角梯形，面积S＝eq \f(1,2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2－\f(t,2)－\f(1,t)＋2－\f(t,2)))×2＝4－t－eq \f(1,t)＝4－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t＋\f(1,t)))≤2，当且仅当t＝1时等号成立，故地块OABC在直路l不含泳池那侧的面积的最大值为2.
[答案] 2
[快速审题] 看到实际应用题，想到函数模型．
应用函数模型解决实际问题的一般程序
[解析]
[答案] A
2．(2018·全国卷Ⅰ)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(ex，x≤0，,lnx，x>0，))g(x)＝f(x)＋x＋a.若g(x)存在2个零点，则a的取值范围是( )
A．[－1,0) B．[0，＋∞)
C．[－1，＋∞) D．[1，＋∞)
[解析] g(x)＝f(x)＋x＋a存在2个零点等价于函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(ex，x≤0，,lnx，x>0))与h(x)＝－x－a的图象存在2个交点，如图，
当x＝0时，h(0)＝－a，由图可知要满足y＝f(x)与y＝h(x)的图象存在2个交点，需要－a≤1，即a≥－1，故选C.
[答案] C
3．(2017·北京卷)根据有关资料，围棋状态空间复杂度的上限M约为3361，而可观测宇宙中普通物质的原子总数N约为1080，则下列各数中与eq \f(M,N)最接近的是
( )
(参考数据：lg3≈0.48)
A．1033 B．1053 C．1073 D．1093
[解析] 因为lg3≈0.48，所以3≈100.48，
所以eq \f(M,N)＝eq \f(3361,1080)≈eq \f(100.48361,1080)＝eq \f(100.48×361,1080)＝eq \f(10173.28,1080)＝1093.28≈1093，故选D.
[答案] D
4．(2018·全国卷Ⅲ)函数f(x)＝cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(3x＋\f(π,6)))在[0，π]的零点个数为________．
[解析] 令f(x)＝0，得cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(3x＋\f(π,6)))＝0，解得x＝eq \f(kπ,3)＋eq \f(π,9)(k∈Z)．当k＝0时，x＝eq \f(π,9)；当k＝1时，x＝eq \f(4π,9)；当k＝2时，x＝eq \f(7π,9)，又x∈[0，π]，所以满足要求的零点有3个．
[答案] 3
5．(2018·天津卷)已知a>0，函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x2＋2ax＋a，x≤0，,－x2＋2ax－2a，x>0.))
若关于x的方程f(x)＝ax恰有2个互异的实数解，则a的取值范围是________．
[解析] 设g(x)＝f(x)－ax＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x2＋ax＋a，x≤0，,－x2＋ax－2a，x>0，))
方程f(x)＝ax恰有2个互异的实数解即函数y＝g(x)有两个零点，即y＝g(x)的图象与x轴有2个交点，满足条件的y＝g(x)的图象有以下两种情况：
情况一：
则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(Δ1＝a2－4a>0，,Δ2＝a2－8a<0，))∴4情况二：
则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(Δ1＝a2－4a<0，,Δ2＝a2－8a>0，))不等式组无解．
综上，满足条件的a的取值范围是(4,8)．
[答案] (4,8)
1.基本初等函数作为高考的命题热点，多考查利用函数的性质比较大小，一般出现在第5～11题的位置，有时难度较大．
2．函数的应用问题多体现在函数零点与方程根的综合问题上，近几年全国课标卷考查较少，但也要引起重视，题目可能较难．
热点课题5 复合函数的零点
[感悟体验]
1．(2018·山西质量检测)已知f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(2x＋1，x≤0，,|lnx|，x>0，))则方程f[f(x)]＝3的根的个数是( )
A．3 B．4 C．5 D．6
[解析]
[答案] C
2．(2018·安徽马鞍山一模)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(3|x－1|，x>0，,－x2－2x＋1，x≤0，))若关于x的方程[f(x)]2＋(a－1)
f(x)－a＝0有7个不等的实数根，则实数a的取值范围是( )
A．[1,2] B．(1,2)
C．(－2，－1) D．[－2，－1]
[解析]
函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(3|x－1|，x>0，－x2－2x＋1，x≤0))的图象如图．
关于x的方程[f(x)]2＋(a－1)f(x)－a＝0有7个不等的实数根，即[f(x)＋a][f(x)－1]＝0有7个不等的实数根，易知f(x)＝1有3个不等的实数根，∴f(x)＝－a必须有4个不相等的实数根，由函数f(x)的图象可知－a∈(1,2)，∴a∈(－2，－1)，故选C.
[答案] C
专题跟踪训练(十一)
一、选择题
[解析]
[答案] C
2．(2018·广东揭阳一模)曲线y＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))x与y＝x eq \s\up15( eq \f (1,2)) 的交点横坐标所在区间为
( )
A.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(1,3))) B.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)，\f(1,2)))
C.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(2,3))) D.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,3)，1))
[解析]
根据零点存在性定理可得函数零点所在区间为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)，\f(1,2)))，
即所求交点横坐标所在区间为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)，\f(1,2)))，故选B.
[答案] B
3．(2018·孝感一模)若函数f(x)＝(m－2)x2＋mx＋(2m＋1)的两个零点分别在区间(－1,0)和区间(1,2)内，则实数m的取值范围是( )
A.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)，\f(1,4))) B.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,4)，\f(1,2)))
C.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)，\f(1,2))) D.eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(－\f(1,4)，\f(1,2)))
[解析] 依题意并结合函数f(x)的图象可知，
[答案] C
4．(2018·河南焦作二模)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(ex，x≤0，,x2＋ax＋1，x>0，))
F(x)＝f(x)－x－1，且函数F(x)有2个零点，则实数a的取值范围为( )
A．(－∞，0] B．[1，＋∞)
C．(－∞，1) D．(0，＋∞)
[解析] 当x≤0时，F(x)＝ex－x－1，此时有一个零点0；当x>0时，F(x)＝x[x＋(a－1)]，
∵函数F(x)有2个零点，∴1－a>0，∴a<1，故选C.
[答案] C
5．(2018·湖南十三校二模)函数f(x)＝lnx＋ex(e为自然对数的底数)的零点所在的区间是( )
A.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(1,e))) B.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,e)，1))
C．(1，e) D．(e，＋∞)
[解析]
[答案] A
6．(2018·河南郑州模拟)已知函数f(x)＝x2＋m与函数g(x)＝－lneq \f(1,x)－3xeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x∈\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，2))))的图象上至少存在一对关于x轴对称的点，则实数m的取值范围是( )
A.eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(5,4)＋ln2，2)) B.eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(2－ln2，\f(5,4)＋ln2))
C.eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(5,4)＋ln2，2＋ln2)) D．[2－ln2,2]
[解析] 由已知，得方程x2＋m＝lneq \f(1,x)＋3x，∴m＝－lnx＋3x－x2在eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，2))上有解．
设h(x)＝－lnx＋3x－x2，
求导，得h′(x)＝－eq \f(1,x)＋3－2x＝－eq \f(2x2－3x＋1,x)
＝－eq \f(2x－1x－1,x)
∵eq \f(1,2)≤x≤2，
令h′(x)＝0，解得x＝eq \f(1,2)或x＝1.
当h′(x)>0时，eq \f(1,2)当h′(x)<0时，1∴h(x)在x＝1处有唯一的极值点．
∵heq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))＝ln2＋eq \f(5,4)，h(2)＝－ln2＋2，
且知h(2)∴h(x)最大值＝h(1)＝2，h(x)min＝2－ln2.
故方程m＝－lnx＋3x－x2在eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，2))上有解等价于2－ln2≤m≤2.
所以m的取值范围是[2－ln2,2]，故选D.
[答案] D
二、填空题
7．(2018·河北石家庄模拟)若函数f(x)＝m＋eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))x的零点是－2，则实数m＝________.
[解析] 由m＋eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,3)))－2＝0，得m＝－9.
[答案] －9
8．设二次函数f(x)＝ax2＋2ax＋1在[－3,2]上有最大值4，则实数a的值为________．
[解析] f(x)的对称轴为x＝－1.当a>0时，f(2)＝4a＋4a＋1＝8a＋1，f(－3)＝3a＋1.∴f(2)>f(－3)，即f(x)max＝f(2)＝8a＋1＝4，∴a＝eq \f(3,8)；当a<0时，f(x)max＝f(－1)＝a－2a＋1＝－a＋1＝4，∴a＝－3.综上所述，a＝eq \f(3,8)或a＝－3.
[答案] eq \f(3,8)或－3
9．某租赁公司拥有汽车100辆．当每辆车的月租金为3000元时，可全部租出．当每辆车的月租金每增加50元时，未出租的车将会增加一辆．租出的车每辆每月需要维护费150元，未租出的车每辆每月需要维护费50元，要使租赁公司的月收益最大，则每辆车的月租金应定为________元．
[解析] 设每辆车的月租金为x(x>3000)元，则租赁公司月收益为y＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(100－\f(x－3000,50)))·(x－150)－eq \f(x－3000,50)×50，整理得y＝－eq \f(x2,50)＋162x－21000＝－eq \f(1,50)(x－4050)2＋307050.
所以当x＝4050时，y取最大值为307050，即当每辆车的月租金定为4050元时，租赁公司的月收益最大为307050元．
[答案] 4050
三、解答题
10．(2018·唐山一中期末)已知函数f(x)＝ex－e－x(x∈R，且e为自然对数的底数)．
(1)判断函数f(x)的单调性与奇偶性；
(2)是否存在实数t，使不等式f(x－t)＋f(x2－t2)≥0对一切x∈R都成立？若存在，求出t；若不存在，请说明理由．
[解] (1)∵f(x)＝ex－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,e)))x，
∴f′(x)＝ex＋eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,e)))x，
∴f′(x)>0对任意x∈R都成立，
∴f(x)在R上是增函数．
又∵f(x)的定义域为R，且f(－x)＝e－x－ex＝－f(x)，
∴f(x)是奇函数．
(2)存在．由(1)知f(x)在R上是增函数和奇函数，则
f(x－t)＋f(x2－t2)≥0对一切x∈R都成立，
⇔f(x2－t2)≥f(t－x)对一切x∈R都成立，
⇔x2－t2≥t－x对一切x∈R都成立，
⇔t2＋t≤x2＋x＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x＋\f(1,2)))2－eq \f(1,4)对一切x∈R都成立，
⇔t2＋t≤(x2＋x)min＝－eq \f(1,4)⇔t2＋t＋eq \f(1,4)
＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t＋\f(1,2)))2≤0，
又eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t＋\f(1,2)))2≥0，∴eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(t＋\f(1,2)))2＝0，
∴t＝－eq \f(1,2).
∴存在t＝－eq \f(1,2)，使不等式f(x－t)＋f(x2－t2)≥0对一切x∈R都成立．
11．(2018·江西三校联考)食品安全问题越来越引起人们的重视，农药、化肥的滥用给人民群众的健康带来一定的危害，为了给消费者带来放心的蔬菜，某农村合作社每年投入200万元，搭建甲、乙两个无公害蔬菜大棚，每个大棚至少要投入20万元，其中甲大棚种西红柿，乙大棚种黄瓜，根据以往的种菜经验，发现种西红柿的年收入P(单位：万元)、种黄瓜的年收入Q(单位：万元)与投入a(单位：万元)满足P＝80＋4eq \r(2a)，Q＝eq \f(1,4)a＋120，设甲大棚的投入为x(单位：万元)，每年两个大棚的总收益为f(x)(单位：万元)．
(1)求f(50)的值；
(2)试问如何安排甲、乙两个大棚的投入，才能使总收益f(x)最大？
[解] (1)依题意f(x)＝80＋4eq \r(2x)＋eq \f(1,4)(200－x)＋120＝－eq \f(1,4)x＋4eq \r(2x)＋250，其中eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x≥20，,200－x≥20，))
所以20≤x≤180.
故f(50)＝－eq \f(1,4)×50＋4eq \r(2×50)＋250＝277.5.
(2)由(1)知f(x)＝－eq \f(1,4)x＋4eq \r(2x)＋250(20≤x≤180)，
令eq \r(x)＝t，则2eq \r(5)≤t≤6eq \r(5)，
y＝－eq \f(1,4)t2＋4eq \r(2)t＋250＝－eq \f(1,4)(t－8eq \r(2))2＋282，
因此当t＝8eq \r(2)时，函数取得最大值282，此时x＝128，
故投入甲大棚128万元，乙大棚72万元时，总收益最大，最大总收益是282万元．
12．(2018·江西吉安一中摸底)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(ex，x≥0，,lg－x，x<0，))
若关于x的方程[f(x)]2＋f(x)＋t＝0有三个不同的实数根，求实数t的取值范围．
[解] 原问题等价于[f(x)]2＋f(x)＝－t有三个不同的实数根，
即直线y＝－t与y＝[f(x)]2＋f(x)的图象有三个不同的交点．
当x≥0时，y＝[f(x)]2＋f(x)＝e2x＋ex为增函数，在x＝0处取得最小值2，其图象与直线y＝－t最多只有一个交点．
当x<0时，y＝[f(x)]2＋f(x)＝[lg(－x)]2＋lg(－x)，根据复合函数的单调性，其在(－∞，0)上先减后增，最小值为－eq \f(1,4).
所以要使函数的图象有三个不同的交点，只需－t≥2，解得t≤－2.
x
1.992
3
4
5.15
6.126
y
1.517
4.0418
7.5
12
18.01