江苏省泰州市泰兴市黄桥中学2018届九年级（上）期中物理试卷（word版含答案解析）

这是一份江苏省泰州市泰兴市黄桥中学2018届九年级（上）期中物理试卷（word版含答案解析），共36页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2017-2018学年江苏省泰州市泰兴市黄桥中学九年级（上）期中物理试卷
　
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个符合题意，请将答案标号涂在答题纸上相应的位置．）
1．以下是某同学作出的一些估测数据，明显不符合事实的是（　　）
A．家用电冰箱工作时的电流约1A
B．家庭电路的电压为220V
C．一名普通中学生上一层楼需做的功大约为1500 J
D．初中物理实验中使用的一段铜导线电阻约为100Ω
2．如图，人的前臂可视为杠杆，当曲肘将茶杯向上举起时，下列说法中正确的是（　　）

A．前臂是省力杠杆，阻力臂变大
B．前臂是费力杠杆，阻力臂变大
C．前臂是费力杠杆，阻力臂变小
D．前臂是省力杠杆，阻力臂变小
3．速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，下列物理量所采用的定义方法与速度不一样的是（　　）
A．功 B．功率 C．热值 D．比热容
4．下列常见的物体通常情况下都属于绝缘体的一组是（　　）
A．汽油和盐水 B．黄铜和石墨 C．人体和大地 D．塑料和陶瓷
5．下列关于电路的有关说法中，正确的是（　　）
A．连接电路时，一定要先从电源的正极开始，最后连接电源的负极
B．导线直接与电源的正极、负极相连就形成短路
C．串联电路中的开关位置不同，控制作用相同
D．用一只开关控制两盏日光灯，这两盏灯一定是串联
6．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度越高，所含热量越多
B．温度越高的物体，内能越大
C．0℃的冰块，内能为零
D．物体吸热后，温度可能不变
7．如图所示，体育运动中投掷的链球、铅球、铁饼和标枪都是把物体斜向上抛出的运动．不计空气阻力，这些物体从被抛出到落地的过程中（　　）

A．物体的动能一直增大，重力势能一直减小
B．物体的动能一直减小，重力势能一直增大
C．物体的动能先减小后增大，重力势能先增大后减小
D．物体的动能先增大后减小，重力势能先减小后增大
8．下列说法正确的是（　　）
A．所有机械的机械效率都小于1
B．做功时间长的机械，功率一定大
C．机械效率高的机械，一定省力
D．功率大的机械做的功一定多
9．如图所示的电路，不可能出现的情况是（　　）

A．灯亮，铃响 B．灯亮、铃不响
C．灯不亮、铃响 D．灯不亮、铃不响
10．如图是一种自动测定油箱内油量多少的装置，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度，就能知道油箱内油量的多少．则下列说法错误的是（　　）

A．油量表是由电流表改装而成的
B．油量表不可能是由电压表改装而成的
C．定值电阻R′可以起到保护电路的作用
D．油量增加，滑动变阻器R接入电路的电阻值减小，油量表的示数减小
11．为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭．符合上述工作特性的电路图是图中的（　　）
A． B． C． D．
12．如图所示电路，闭合电键S，电路正常工作．过了一会儿，灯L熄灭．若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，现将一只完好的小灯泡L′并联在电阻R两端，正确的判断是（　　）

A．若灯L′亮，则电阻R一定断路
B．若灯L′亮，则灯L可能断路
C．若灯L′不亮，则电阻R可能短路
D．若灯L′不亮，则灯L一定断路
　
二、填空题（本题有9小题，每空1分，共25分）
13．冬天搓搓手可以使手暖和，这是用　 　的方式改变物体的内能；用热水袋也能使手暖和，这是用　 　的方式改变物体的内能．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个　 　滑轮，使用时　 　改变施力的方向．（填“能”或“不能”）
14．汽车在转弯前，要打开转向灯，司机需拨动一下方向盘旁的一根杆，这根杆的作用相当于电路中的　 　；位于同侧的前后两个转向灯会同时闪亮，但前转向灯坏了时后转向灯还能亮，则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连接方式为　 　．
15．某人工湖湖水的质量为1.0×107 kg，水温升高2℃，则湖水吸收的热量为　 　J．若这些热量被同等质量的沙石吸收，则沙石升高的温度　 　2℃．（选填“大于”、“等于”或“小于”）（c水=4.2×103 J/（kg•℃），c沙石=0.92×103J/（kg•℃） ）
16．内燃机的一个工作循环有四个冲程，图中表示的是其中的　 　冲程．如果该机飞轮转速是1800 r/min，则它每秒钟内做功　 　次．

17．如图所示，在不计摩擦和杠杆重力的情况下，杠杆OA的中点悬挂一重G=100N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则F=　 　N．保持F的方向不变，在将杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F将　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”），如果物体上升2m，拉力做的功为　 　J．

18．往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m，假设斜面很光滑，则需要施加的推力为　 　，若实际用力为500N，斜面的机械效率为　 　，重物受到的摩擦力为　 　．（g取10N/kg）．

19．如图所示，在电路中，若甲、乙两处分别装入电表，当开关S闭合后，两灯均能正常发光，则甲处电表是　 　，乙处电表是　 　（填“电压表”或“电流表”），L1和L2是　 　联连接的．

20．如图1所示的电路中，电源是由三节新干电池串联而成，电压表所用的量程不明，当开关闭合后，V2的示数如图2所示．则电压表V1应选用　 　 的量程，灯泡L1两端的电压是　 　V，电源电压为　 　V．

21．一根电阻丝的阻值是20Ω，当它两端电压为0V时，它的电阻是　 　Ω；若将电阻丝均匀拉长，则它的电阻将　 　，若将电阻丝对折，则它的电阻将　 　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）
　
三、解答题（本题有8小题，共51分．解答23、24题时应写出解题过程）
22．如图所示为生活中使用的“开瓶起子”，请在图中画出作用在“开瓶起子”上动力F1的力臂和阻力F2的示意图．

23．用如图中的装置将重物提起来，请在图上画出最省力的绳子绕法．

24．如图所示，请在两个虚线框内选填“电源”和“开关”的符号，使开关都闭合时两灯组成并联电路．

25．如图，工人将重为240N的物体匀速提起，在2s内物体上升了2m，若此时滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦．
（1）拉力所做的有用功是多少？
（2）拉力所做的总功是多少？
（3）若用此滑轮组将540N的物体匀速提高1m，此时滑轮组的机械效率是多少？

26．以汽油为燃料的观光汽车沿某盘山公路以36km/h的速度匀速行驶，经过15min从山脚到达山顶；汽车上山时沿路面获得的牵引力恒为9.2×103N．已知汽油完全燃 烧释放的热量转化为汽车牵引力做功的效率为30%，汽油热值q=4.6×107 J/kg，求：
（1）汽车上山时牵引力的功率；
（2）从山脚到山顶汽车发动机做的功；
（3）汽车从山脚到山顶消耗汽油的质量．
27．如图甲所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个．
（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉．此时应把杠杆两端的平衡螺母向　 　（填“左”或“右”）调节，使杠杆在不挂钩码时，保持　 　位置平衡，这样做的好处之一是：便于在杠杆上直接测量　 　．
（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂　 　个钩码，杠杆恰好在原位置平衡．于是小明得出了杠杆的平衡条件为：　 　（用字母表示）．他这样得出的结论　 　（填“合理”或“不合理”），理由是：　 　．
（3）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符．其原因是：　 　．

28．为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图所示的实验：在两个相同的易拉罐中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下：

质量/g
温度升高10℃所需要的时间/s
温度升高20℃
所需要的时间/s
温度升高30℃
所需要的时间/s
沙子
30
64
89
124
水
30
96
163
240
（1）为了完成实验，除了图中所示仪器外，还需要的测量仪器有：秒表、　 　；图中还缺少的一种器材是　 　．
（2）在此实验中，用加热时间的长短来表示物质　 　．
（3）分析上表中的实验数据可知；质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量　 　（填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量；如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，　 　（填“沙子”或“水”）升高的温度更高．
（4）分析表中数据发现：水的温度升高第三个10℃比升高第二个10℃所用的时间长，其中的原因可能是：　 　．

29．小明和小华一起做“探究并联电路中电流的规律”实验．
（1）图甲是他们设计的电路图，图乙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是　 　（填“A”、“B”或“C”）处的电流．
（2）小华测出了L1、L2支路上的电流分别为I1=0.12A，I2=0.20A，测干路上的电流时，电流表的刻度盘如图丙所示，则干路上的电流I=　 　A．根据测量结果，在误差允许范围内，并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：　 　．（写出关系式即可）
（3）为了验证结论的普遍性，可以采用的方法是　 　．
（4）小明利用原有的实验器材，添加一个开关，又设计了一个电路．利用这个电路，不用更换电流表的位置，就可直接测出A、B、C三处的电流，同样可得出三处电流的关系．请在虚线框中画出电路图．
30．如图所示，给出了几种电路元件，要求用滑动变阻器来改变电路中的电流．
（1）用笔画线代替导线，将图中元件连接成电路，要求：向右移动滑动变阻器的滑片，灯泡变亮．
（2）按（1）要求正确连接电路后，在闭合开关前，滑片应调到　 　端．（填“A”或“B”）
（3）该滑动变阻器上标有“15Ω 1A”字样，其中的“1A”表示：　 　．
（4）开始实验后，甲同学发现无论怎样移动滑片，灯的亮度都不发生变化，而且一直很暗，这可能是　 　．乙同学缓慢移动滑片时，看到灯忽亮忽灭，这可能是滑动变阻器的滑片与电阻线圈之间　 　．
31．小明在探究“影响导体电阻大小的因素”的实验中，原先设计的实验电路如图．
（1）为判断a、b两点间导体电阻的大小，小明应注意观察电流表的示数，若电流
表示数较大，表明接入a、b两点间导体电阻较　 　（填“大”或“小”）．老师指出该方案存在不足，你认为不足之处是：　 　．
（2）老师指出不足后，小明立即将图中的电流表改成了一个小灯泡，想通过观察小灯泡亮度的变化，判断a、b两点间导体电阻的大小．老师指出此方案仍存在不足，你认为不足之处是：　 　．
（3）小明认真思考了一会，对原先设计的实验电路图重新作了改进，他改进后的电路得到了老师的肯定．他是如何改进电路的？答：　 　．
（4）小明实验时发现手边只有一根较长的镍镉合金丝，他利用后来改进的电路只可以探究导体的电阻与导体的　 　和　 　有关．

　

2017-2018学年江苏省泰州市泰兴市黄桥中学九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
　
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个符合题意，请将答案标号涂在答题纸上相应的位置．）
1．以下是某同学作出的一些估测数据，明显不符合事实的是（　　）
A．家用电冰箱工作时的电流约1A
B．家庭电路的电压为220V
C．一名普通中学生上一层楼需做的功大约为1500 J
D．初中物理实验中使用的一段铜导线电阻约为100Ω
【考点】HG：电流的大小；EC：功的计算；I9：电阻；IQ：家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法．
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
【解答】解：A、家用电冰箱工作时的电流约1A，符合事实；
B、家庭电路的电压为220V，符合事实；
C、一名普通中学生上一层楼需做的功大约为：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×3m=1500J；符合事实；
D、物理实验中使用的一段铜导线电阻远远小于1Ω，达不到100Ω；故D不符事实；
故选D．
　
2．如图，人的前臂可视为杠杆，当曲肘将茶杯向上举起时，下列说法中正确的是（　　）

A．前臂是省力杠杆，阻力臂变大
B．前臂是费力杠杆，阻力臂变大
C．前臂是费力杠杆，阻力臂变小
D．前臂是省力杠杆，阻力臂变小
【考点】7O：杠杆的分类．
【分析】要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系：若动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆．
【解答】解：当曲肘将茶杯向上举起时，若把前臂看成杠杆，支点在肘关节的B位置，肱二头肌收缩抬起前臂是动力，茶杯作用在手上产生的力是阻力，手举茶杯向上曲肘的运动过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；当举起时，阻力作用线到支点的垂直距离变短，阻力臂变小．
故选：C．
　
3．速度是表示物体运动快慢的物理量，它是用路程和时间的比值来定义的，下列物理量所采用的定义方法与速度不一样的是（　　）
A．功 B．功率 C．热值 D．比热容
【考点】2Q：物理学方法．
【分析】速度虽是表示物体运动快慢的物理量，但它是用路程和时间的比值来定义的，这种定义物理量的方法叫比值定义法．分析各选项的定义方法，即可得出正确结果．
【解答】解：A、功是力和物体在力的方向上移动的距离的乘积来定义的；所采用的定义方法与速度不相同，符合题意．
B、功率是用所做的功和做功时所用时间的比值来定义的；所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．
C、热值是利用物体放出的热量与物体质量的比值，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．
D、比热容是利用物体吸收的热量与物体的质量及升高温度的比值定义的，所采用的定义方法与速度相同，不符合题意．
故选A．
　
4．下列常见的物体通常情况下都属于绝缘体的一组是（　　）
A．汽油和盐水 B．黄铜和石墨 C．人体和大地 D．塑料和陶瓷
【考点】HK：绝缘体．
【分析】根据导体和绝缘体的定义：容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体即可作出判断．
【解答】解：常见的导体包括：人体、大地、石墨、各种金属、酸碱盐的溶液等．题中四个选项中，盐水、黄铜、石墨、人体、大地是导体，汽油、塑料和陶瓷是绝缘体．
故选D．
　
5．下列关于电路的有关说法中，正确的是（　　）
A．连接电路时，一定要先从电源的正极开始，最后连接电源的负极
B．导线直接与电源的正极、负极相连就形成短路
C．串联电路中的开关位置不同，控制作用相同
D．用一只开关控制两盏日光灯，这两盏灯一定是串联
【考点】HR：实物的电路连接；HP：电路的三种状态；HT：串联电路和并联电路的辨别．
【分析】（1）电路连接时，接线应该按照一定的顺序进行即可；
（2）导线直接与电源的正极、负极相连，由于电源的内阻很小，电流很大，产生的热量很多，容易烧坏电源；
（3）开关与控制的用电器应串联连接；
（4）一只开关控制两个用电器，这两个用电器可以串联，也可以并联，只是用电器并联时，开关一定接在干路上．
【解答】解：A、连接电路时，为防止出现短路、漏接，应该按照一定的顺序接线；可从电源的正极开始，经用电器，最后连接电源的负极；也可从电源的负极开始，经用电器，最后连接电源的正极；则该项说法不正确，不符合题意；
B、用导线未经过用电器直接将电源的正极、负极相连，即对电源短路；则该项说法正确，符合题意；
C、开关与控制的用电器串联连接即可起到控制作用，与开关的位置无关；则该项说法不正确，不符合题意；
D、两盏日光灯并联时，开关接在干路上，一样起到控制两盏灯的作用；则该项说法不正确，不符合题意．
故选B．
　
6．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度越高，所含热量越多
B．温度越高的物体，内能越大
C．0℃的冰块，内能为零
D．物体吸热后，温度可能不变
【考点】G6：温度、热量与内能的关系．
【分析】要解答本题需掌握：
（1）一切物体都具有内能及内能的影响因素；
（2）描述热量的物理术语；
（3）晶体的熔化过程和液体的沸腾过程吸热但温度不变．
【解答】解：A、热量是一状态量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故A不正确；
B、物体的内能是指物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的综合，温度高，分子个数不一定多，故B错误；
C、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能．故C不正确；
D、晶体的熔化过程和液体的沸腾过程吸热但温度不变，故D正确．
故选D．
　
7．如图所示，体育运动中投掷的链球、铅球、铁饼和标枪都是把物体斜向上抛出的运动．不计空气阻力，这些物体从被抛出到落地的过程中（　　）

A．物体的动能一直增大，重力势能一直减小
B．物体的动能一直减小，重力势能一直增大
C．物体的动能先减小后增大，重力势能先增大后减小
D．物体的动能先增大后减小，重力势能先减小后增大
【考点】FN：动能和势能的大小变化．
【分析】当物体斜向上运动时，势能增大，动能减小；当物体下落时，势能减小，动能增大．
【解答】解：把物体斜向上抛出时，物体出手的瞬间速度最大，动能最大，物体在上升的过程中，动能逐渐转变为重力势能，而从最高点到落地的过程中，重力势能又逐渐转变为动能，故整个过程中，势能先增大后减小，动能先减小后增大；
故选C．
　
8．下列说法正确的是（　　）
A．所有机械的机械效率都小于1
B．做功时间长的机械，功率一定大
C．机械效率高的机械，一定省力
D．功率大的机械做的功一定多
【考点】F1：机械效率；FB：功率的概念．
【分析】本题根据机械效率、功率、功的定义和公式分析解答．
【解答】解：A、使用机械时，都要克服摩擦、提升机械做额外功，使得有用功小于总功，机械效率小于1，故A正确；
B、做功时间长，做功多少不知道，所以功率大小不能确定，故B错误；
C、机械效率是指有用功占总功的比值，与力的大小无关，故C错误；
D、功率大的机械，不知道做功时间，做功多少不能确定，故D错误．
故选A
　
9．如图所示的电路，不可能出现的情况是（　　）

A．灯亮，铃响 B．灯亮、铃不响
C．灯不亮、铃响 D．灯不亮、铃不响
【考点】HP：电路的三种状态．
【分析】（1）电路的三种状态：处处连通的电路叫做通路；某处断开的电路叫做开路，也叫断路；电源短路是将导线直接接在电源正负两极上的电路．
（2）电路处于断路和短路时，用电器不能正常工作．
【解答】解：A、当开关S1闭合，S2断开时，电铃和电灯串联，电路通路，灯亮、铃响，故该选项不符合题意；
B、灯亮是必须S2断开，S1闭合，此时电铃也会响，不会出现灯亮、铃不响的情况，故该选项符合题意；
C、当开关S1闭合，S2闭合时，电灯被短路，灯不亮、铃响，故该选项不符合题意；
D、当开关S1断开时，整个电路断路，灯不亮、铃不响，故该选项不符合题意．
故选B．
　
10．如图是一种自动测定油箱内油量多少的装置，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表指针所指的刻度，就能知道油箱内油量的多少．则下列说法错误的是（　　）

A．油量表是由电流表改装而成的
B．油量表不可能是由电压表改装而成的
C．定值电阻R′可以起到保护电路的作用
D．油量增加，滑动变阻器R接入电路的电阻值减小，油量表的示数减小
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，两电阻串联接入电路，油量表串联接在电路中，根据图示分析油量变化时滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用欧姆定律分析答题．
【解答】解：电流表应串联在电路中，电压表应与被测电路并联，由电路图可知，油量表串联在电路中，则油量表是由电流表改装成的，不可能由电压表改装而成，故AB正确；
由电路图可知，定值电阻R′串联接在电路中，防止滑动变阻器接入电路的阻值为零时造成电源短路，可以起到保护电路的作用，故C正确；
由图可知，油量增加时，滑片下移，滑动变阻器R接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路中电流变大，油量表的示数变大，故D错误．
本题选错误的，故选D．
　
11．为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭．符合上述工作特性的电路图是图中的（　　）
A． B． C． D．
【考点】HS：电路的基本连接方式．
【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S1短路了．
【解答】解：A、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；
B、指示灯与S1串联，与S2与R并联，然后两者并联，乘客坐下时指示灯亮，与是否系上安全带无关，不符合题意；
C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；
D、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意．
故选C．
　
12．如图所示电路，闭合电键S，电路正常工作．过了一会儿，灯L熄灭．若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，现将一只完好的小灯泡L′并联在电阻R两端，正确的判断是（　　）

A．若灯L′亮，则电阻R一定断路
B．若灯L′亮，则灯L可能断路
C．若灯L′不亮，则电阻R可能短路
D．若灯L′不亮，则灯L一定断路
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】分析电路图，若用一只规格相同且完好的灯并联在电阻R两端：
若新灯泡亮，说明R发生断路或L发生短路；
若新灯泡不亮，说明原来的电路和并联新灯泡后的电路均为断路．
【解答】解：若灯L′亮，说明此时电路为通路，则电路故障可能为灯泡L短路或R断路，故AB均不正确；
若灯L′不亮，说明原来的电路和现在电路为断路，故一定是灯L断路，故C错误，D正确．
故选D．
　
二、填空题（本题有9小题，每空1分，共25分）
13．冬天搓搓手可以使手暖和，这是用　做功　的方式改变物体的内能；用热水袋也能使手暖和，这是用　热传递　的方式改变物体的内能．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个　定　滑轮，使用时　能　改变施力的方向．（填“能”或“不能”）
【考点】G9：做功改变物体内能；7V：定滑轮及其工作特点；GA：热传递改变物体内能．
【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式．
定滑轮是轴固定不动的滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向．
【解答】解：冬天搓搓手可以使手暖和，是摩擦生热，属于做功改变物体内能．
用热水袋也能使手暖和，是通过热传递改变物体内能．
因为升国旗时，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升．则需要能改变拉力的方向的滑轮，所以旗杆顶部的安装的是定滑轮；使用时它可以改变力的方向，但不能省力，也不能省功．
故答案为：做功；热传递；定；能．
　
14．汽车在转弯前，要打开转向灯，司机需拨动一下方向盘旁的一根杆，这根杆的作用相当于电路中的　开关　；位于同侧的前后两个转向灯会同时闪亮，但前转向灯坏了时后转向灯还能亮，则位于汽车同侧的前后两个转向灯的连接方式为　并联　．
【考点】HN：电路的组成；HT：串联电路和并联电路的辨别．
【分析】（1）串联电路，电流只有一条通路，开关控制整个电路，用电器工作时相互影响．
（2）并联电路中电流有多条通路，各支路上的用电器工作时互不影响，支路开关只控制本条支路，干路上的开关可控制整个电路．
【解答】解：司机拨动方向盘旁的杆子，转向灯才会工作，所以这根杆子起到了开关的作用．汽车的前后转向灯可以单独工作，所以它们是并联的．
故答案为：开关；并联．
　
15．某人工湖湖水的质量为1.0×107 kg，水温升高2℃，则湖水吸收的热量为　8.4×1010　J．若这些热量被同等质量的沙石吸收，则沙石升高的温度　大于　2℃．（选填“大于”、“等于”或“小于”）（c水=4.2×103 J/（kg•℃），c沙石=0.92×103J/（kg•℃） ）
【考点】GG：热量的计算．
【分析】（1）知道水的质量、升高的温度，根据公式Q=cm△t求出水吸收的热量；
（2）水和砂石的质量相等，吸收的热量相等，根据公式Q=cm△t分析砂石温度的变化．
【解答】解：
（1）湖水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.0×107kg×2℃=8.4×1010J；
（2）因为Q=cm△t，水与砂石的质量m、它们吸收的热量Q相等，c砂石＜c水，
所以由△t=可知，△t砂石＞△t水=2℃，即砂石升高的温度大于2℃．
故答案为：8.4×1010；大于．
　
16．内燃机的一个工作循环有四个冲程，图中表示的是其中的　做功　冲程．如果该机飞轮转速是1800 r/min，则它每秒钟内做功　15　次．

【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】解决此题要知道汽油机的做功冲程特点是火花塞打火，做功冲程对外输出功；
四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．
【解答】解：由图可知，汽油机的火花塞正在打火，所以汽油机正处于做功冲程；
飞轮转速是1800 r/min=30r/s，因一个工作循环转2圈，做功一次，所以每秒可以做功15次；
故答案为：做功，15．
　
17．如图所示，在不计摩擦和杠杆重力的情况下，杠杆OA的中点悬挂一重G=100N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则F=　50　N．保持F的方向不变，在将杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F将　不变　（选填“变大”、“不变”或“变小”），如果物体上升2m，拉力做的功为　200　J．

【考点】7R：杠杆的平衡分析法及其应用．
【分析】（1）在A位置如图，OA、OC为动力F和阻力G的力臂，知道C是OA的中点，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力G的大小，利用杠杆的平衡条件求动力F的大小；
（2）在B位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况；
（3）不计摩擦，根据功的原理分析计算．
【解答】解：
（1）如图，杠杆在A位置，LOA=2LOC，
∵杠杆平衡，
∴FLOA=GLOC，
∴F==G=×100N=50N；
（2）杠杆在B位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G，
∵△OC′D∽△OA′B，
∴OC′：OA′=OD：OB=1：2，
∵杠杆平衡，
∴F′LOA′=GLOC′，
∴F′==G=×100N=50N；由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变；
（3）不计摩擦的情况下，根据功的原理可知，拉力做的功W=Fs=Gh=100N×2m=200J．
故答案为：50；不变；200．


　
18．往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m，假设斜面很光滑，则需要施加的推力为　400N　，若实际用力为500N，斜面的机械效率为　80%　，重物受到的摩擦力为　100N　．（g取10N/kg）．

【考点】F6：斜面的机械效率；7Y：轮轴及其他常见简单机械．
【分析】（1）人做的有用功是将物体沿斜面推上小车，即将物体升高了h，故有用功为人克服重力做功，利用功的原理由W=mgh=Fs，可求得施加的推力；
（2）利用已求得的有用功和总功，由机械效率公式可求得斜面的机械效率；
（3）人做的额外功就是因为人要克服摩擦力做功，则可先求得摩擦力的功再由功的公式求得摩擦力．
【解答】解：（1）斜面很光滑，故利用功的原理得，人做的有用功等于用斜面所做的功：
W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；
Fs=mgh=1200J，
解得：
F==400N；
（2）人所做的总功：
W总=Fs=500N×3m=1500J；
斜面的机械效率：
η=×100%=×100%=80%；
（3）W总=W有+W额
即：Fs=Gh+fs
所以f===100N；
故答案为：400N；80%；100N．
　
19．如图所示，在电路中，若甲、乙两处分别装入电表，当开关S闭合后，两灯均能正常发光，则甲处电表是　电流表　，乙处电表是　电压表　（填“电压表”或“电流表”），L1和L2是　并　联连接的．

【考点】HX：电流表的使用；HT：串联电路和并联电路的辨别；I3：电压表的使用．
【分析】因为电流表相当于导线，电压表相当于开路，如图所示当开关S闭合时，要使两灯均能发光，则两个灯泡为并联电路，可假设乙为电压表或电流进行分析，看能否满足两灯并联的要求．
【解答】解：两灯泡要想正常工作，连接方式必须并联，假设乙为电流表，则右边的灯泡造成短路，不能满足两灯均能发光的要求，所以乙只能为电压表，而甲表如果为电压表，则会造成右边灯泡开路，不能满足两灯均能发光的要求，所以应是电流表；
因此甲处为电流表，乙处为电压表，该电路为并联电路．
故答案为：电流表；电压表；并．
　
20．如图1所示的电路中，电源是由三节新干电池串联而成，电压表所用的量程不明，当开关闭合后，V2的示数如图2所示．则电压表V1应选用　0﹣15V　 的量程，灯泡L1两端的电压是　2　V，电源电压为　4.5　V．

【考点】I6：串联电路的电压规律；I3：电压表的使用．
【分析】（1）串联电路的电压规律是：U=U1+U2；
（2）明确两电压表所测电路的电压；分析准确电压表所选的量程及对应的分度值；读数得出答案．
【解答】解：如图所示，V1测总电压，V2测L2电压；
由图知V1所测电压是电源电压，因为电源是由三节新干电池串联而成，故电源电压U=4.5V，需要使用0～15V；
由图知V2所测电压是L2两端的电压，使用的是小量程，即U2=2.5V．根据串联电路的电压规律：U=U1+U2，可判断出：L1两端电压为：U1=U﹣U2=4.5V﹣2.5V=2V．
故答案为：0﹣15V；2；4.5．
　
21．一根电阻丝的阻值是20Ω，当它两端电压为0V时，它的电阻是　20　Ω；若将电阻丝均匀拉长，则它的电阻将　变大　，若将电阻丝对折，则它的电阻将　变小　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）
【考点】IH：欧姆定律的应用；IA：影响电阻大小的因素．
【分析】电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，且材料和温度相同时，导体横截面积越小、长度越大，导体的电阻越大．
【解答】解：电阻是导体本身的一种性质，与材料、横截面积、长度、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，
当两端电压为0V时，它的电阻是20Ω；
导体的材料和温度相同时，导体横截面积越小、长度越大，导体的电阻越大，所以将电阻丝均匀拉长时，材料和温度不变，横截面积变小，长度变长，它的电阻变大；
导体的材料和温度相同时，导体横截面积越大、长度越小，导体的电阻越小，所以将电阻丝对折时，材料和温度不变，横截面积变大，长度变短，它的电阻变小．
故答案为：20；变大；变小．
　
三、解答题（本题有8小题，共51分．解答23、24题时应写出解题过程）
22．如图所示为生活中使用的“开瓶起子”，请在图中画出作用在“开瓶起子”上动力F1的力臂和阻力F2的示意图．

【考点】7P：力臂的画法．
【分析】（1）知道力臂是从支点到力的作用线的距离，由支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂；
（2）掌握动力和阻力的概念，在此题中盖对起子的力即为阻力．
【解答】解：（1）首先在F1的方向上作出力F1的作用线，然后从支点O向F1的作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂L1．
（2）F1使起子沿逆时针转动，而瓶盖对起子的力阻碍了起子的转动，所以阻力F2的方向竖直向下，如下图所示：

　
23．用如图中的装置将重物提起来，请在图上画出最省力的绳子绕法．

【考点】7@：滑轮组的设计与组装．
【分析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力．
【解答】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法．如下图所示：

　
24．如图所示，请在两个虚线框内选填“电源”和“开关”的符号，使开关都闭合时两灯组成并联电路．

【考点】HN：电路的组成．
【分析】开关跟用电器之间属于串联使用，要使开关都闭合时两灯组成并联电路，把开关和电灯看作一个整体后，它们的首跟首相连，尾跟尾相连．
【解答】解：
由图可知，把图中的开关和与其串联的电灯看作一个整体后，另一个电灯和下面的虚线框跟它并列连接（即两灯并联），所以下面的虚线框为开关，上面的虚线框为电源，如下图所示：

　
25．如图，工人将重为240N的物体匀速提起，在2s内物体上升了2m，若此时滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦．
（1）拉力所做的有用功是多少？
（2）拉力所做的总功是多少？
（3）若用此滑轮组将540N的物体匀速提高1m，此时滑轮组的机械效率是多少？

【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率．
【分析】由图可知，承担物重的绳子股数n=3．
（1）知道物重大小，利用W有用=Gh求出拉力所做的有用功；
（2）知道滑轮组的机械效率，利用η=求出总功；
（3）求出了总功，拉力端移动的距离s=3h，利用W总=Fs求出拉力大小，而F=（G物+G动），可求动滑轮重；再利用F′=（G′+G动）求提升540N物体的拉力，根据η====求此时滑轮组的机械效率．
【解答】解：
（1）拉力所做的有用功：
W有用=Gh=240N×2m=480J；
（2）由η=可得，拉力所做的总功：
W总===600J；
（3）由图知，n=3，则拉力端移动距离s=3h=3×2m=6m，
由W总=Fs得拉力：
F===100N，
不计绳重和摩擦，拉力F=（G物+G轮），
即：100N=，
解得动滑轮重力：G轮=60N，
当提升540N物体时，此时的拉力：
F′=（G物′+G轮）==200N，
此时滑轮组的机械效率：
η=====×100%=90%．
答：（1）拉力所做的有用功是480J；
（2）拉力所做的总功是600J；
（3）如果将540N的物体匀速提高1m，此时滑轮组的机械效率是90%．
　
26．以汽油为燃料的观光汽车沿某盘山公路以36km/h的速度匀速行驶，经过15min从山脚到达山顶；汽车上山时沿路面获得的牵引力恒为9.2×103N．已知汽油完全燃 烧释放的热量转化为汽车牵引力做功的效率为30%，汽油热值q=4.6×107 J/kg，求：
（1）汽车上山时牵引力的功率；
（2）从山脚到山顶汽车发动机做的功；
（3）汽车从山脚到山顶消耗汽油的质量．
【考点】FF：功率的计算；GL：热机的效率．
【分析】（1）已知汽车的速度和牵引力，利用P=Fv求汽车上山时牵引力的功率；
（2）求出了汽车牵引力的功率，利用W=Pt求出从山脚到山顶汽车发动机做的功；
（3）利用汽车的效率求出总功（完全燃烧汽油释放的能量），再利用热值公式Q=mq求消耗的汽油质量．
【解答】解：
（1）汽车行驶的速度v=36km/h=10m/s，
汽车上山时牵引力的功率：
P===Fv=9.2×103N×10m/s=9.2×104W；
（2）从山脚到山顶的时间t=15min=900s，
由P=可得牵引力所做的功：
W=Pt=9.2×104W×900s=8.28×107J；
（3）由η=得汽油完全燃烧放出的热量：
Q===2.76×108J，
由Q=qm得消耗汽油的质量：
m===6kg．
答：（1）汽车上山时牵引力的功率为9.2×104W；
（2）从山脚到山顶汽车发动机做的功为8.28×107J；
（3）汽车从山脚到山顶消耗汽油的质量为6kg．
　
27．如图甲所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个．
（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉．此时应把杠杆两端的平衡螺母向　左　（填“左”或“右”）调节，使杠杆在不挂钩码时，保持　水平　位置平衡，这样做的好处之一是：便于在杠杆上直接测量　力臂　．
（2）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂　6　个钩码，杠杆恰好在原位置平衡．于是小明得出了杠杆的平衡条件为：　F1L1=F2L2　（用字母表示）．他这样得出的结论　不合理　（填“合理”或“不合理”），理由是：　没有多次实验，实验结论不具有普遍性　．
（3）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图乙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符．其原因是：　杠杆的重力对实验结果有影响　．

【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）为了便于测量力臂，在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端进行调节，使其在水平位置平衡；
（2）初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性．
（3）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响．
【解答】解：（1）杠杆右端下沉，则左端上翘，应将平衡螺母向左调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，达到平衡状态．这样做的好处是：便于在杠杆上直接测量力臂．
（2）设一个钩码重为G，杠杆上一个小格为L，杠杆平衡，由杠杆平衡条件得：
4G×3L=nG×2L，
解得：n=6；
杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．
小明只通过一组实验数据便得出结论，是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；
（3）用如图乙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的重对杠杆平衡有影响．
故答案为：（1）左；水平；力臂；
（2）6；F1L1=F2L2；不合理；没有多次实验，实验结论不具有普遍性；
（3）杠杆的重力对实验结果有影响．
　
28．为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图所示的实验：在两个相同的易拉罐中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下：

质量/g
温度升高10℃所需要的时间/s
温度升高20℃
所需要的时间/s
温度升高30℃
所需要的时间/s
沙子
30
64
89
124
水
30
96
163
240
（1）为了完成实验，除了图中所示仪器外，还需要的测量仪器有：秒表、　天平　；图中还缺少的一种器材是　玻璃棒或搅拌器　．
（2）在此实验中，用加热时间的长短来表示物质　吸热多少　．
（3）分析上表中的实验数据可知；质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量　大于　（填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量；如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，　沙子　（填“沙子”或“水”）升高的温度更高．
（4）分析表中数据发现：水的温度升高第三个10℃比升高第二个10℃所用的时间长，其中的原因可能是：　水温越高蒸发吸热越快或水温越高与周围环境温差越大，散热越快　．

【考点】GX：探究比热容的实验．
【分析】（1）（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法．
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
为使物体均匀受热，还要用到玻璃棒或搅拌器；
（3）根据转换法分析；由推理法得出结论；
（4）从温度越高，蒸发越快及蒸发吸热或热传递考虑热量损失分析．
【解答】解：（1）根据比较不同物质的吸热能力的2种方法，要控制不同物质的质量相同，故要用到测量的工具﹣﹣﹣﹣﹣﹣天平；为使物体均匀受热，还要用到玻璃棒或搅拌器；
（2）根据转换法，利用加热时间的长短来反映物体吸热的多少；
（3）分析上表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水用的时间长，根据转换法，故水吸收的热量大于沙子吸收的热量；
所以如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，沙子升高的温度更高；
（4）分析表中数据发现：水的温度升高第三个10℃比升高第二个10℃所用的时间长，其中的原因可能是：水温越高蒸发吸热越快或水温越高与周围环境温差越大，散热越快．
故答案为：
（1）天平；玻璃棒或搅拌器；（2）吸热多少；（3）大于； 沙子；（4）水温越高蒸发吸热越快或水温越高与周围环境温差越大，散热越快．
　
29．小明和小华一起做“探究并联电路中电流的规律”实验．
（1）图甲是他们设计的电路图，图乙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是　C　（填“A”、“B”或“C”）处的电流．
（2）小华测出了L1、L2支路上的电流分别为I1=0.12A，I2=0.20A，测干路上的电流时，电流表的刻度盘如图丙所示，则干路上的电流I=　0.3　A．根据测量结果，在误差允许范围内，并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：　I=I1+I2　．（写出关系式即可）
（3）为了验证结论的普遍性，可以采用的方法是　换用规格不同的灯泡多次实验或改变电源电压　．
（4）小明利用原有的实验器材，添加一个开关，又设计了一个电路．利用这个电路，不用更换电流表的位置，就可直接测出A、B、C三处的电流，同样可得出三处电流的关系．请在虚线框中画出电路图．
【考点】H#：探究串并联电路中的电流特点实验．
【分析】（1）电流表与待测电路串联，据此分析；
（2）根据电流表选用的量程确定分度值读数，分析数据得出结论；
（3）用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多；
（4）在不更换电流表位置的情况下，利用开关的转换分别测支路电流和干路电流．
【解答】解：（1）电流表接在干路上测量干路的电流，即C点的电流；
（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，根据测量结果，在误差允许范围内，有0.3A≈0.12A+0.20A，故并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：I=I1+I2；
（3）为得出普遍结论，换用规格不同的灯泡多次实验或改变电源电压；
（4）在不更换电流表位置的情况下，在支路上各接一个开关，将电流表接在干路上：只闭合S1，电流表测通过L1的电流；只闭合S2，电流表测通过L2的电流，两开关同时闭合，测总电流，即可完成实验要求，电路如下图所示．

故答案为：
（1）C；
（2）0.3； I=I1+I2；
（3）换用规格不同的灯泡多次实验或改变电源电压；
（4）如上所示．
　
30．如图所示，给出了几种电路元件，要求用滑动变阻器来改变电路中的电流．
（1）用笔画线代替导线，将图中元件连接成电路，要求：向右移动滑动变阻器的滑片，灯泡变亮．
（2）按（1）要求正确连接电路后，在闭合开关前，滑片应调到　A　端．（填“A”或“B”）
（3）该滑动变阻器上标有“15Ω 1A”字样，其中的“1A”表示：　滑动变阻器允许通过的最大电流为1A　．
（4）开始实验后，甲同学发现无论怎样移动滑片，灯的亮度都不发生变化，而且一直很暗，这可能是　导线接在了电阻线两端的接线柱上　．乙同学缓慢移动滑片时，看到灯忽亮忽灭，这可能是滑动变阻器的滑片与电阻线圈之间　接触不良　．
【考点】ID：滑动变阻器的使用．
【分析】（1）用滑动变阻器来改变灯泡的亮度，说明滑动变阻器和灯泡串联在电路中，然后与电源、开关串联组成电路，据此设计电路图；
（2）为防止电路中电流过大烧坏用电器，保护电路的滑动变阻器处于最大阻值处；
（3）根据滑动变阻器铭牌的意义作答；
（4）根据接线柱的情况分析原因．
【解答】解：（1）滑动变阻器和灯泡串联在电路中，因为向右移动滑动变阻器的滑片，灯泡变亮，说明电流变大，变阻器接入电路的阻值减小，所以应选择B、C接线柱，然后与电源、开关、灯泡串联组成电路，如下图所示；

（2）按（1）要求正确连接电路后，在闭合开关前，滑片应调到最大阻值处，即A端；
（3）该滑动变阻器上标有“15Ω 1A”字样，其中的“1A”表示滑动变阻器允许通过的最大电流为1A；
（4）开始实验后，甲同学发现无论怎样移动滑片，灯的亮度都不发生变化，灯的亮度都不发生变化，说明滑动变阻器失去了“变阻”的作用；据灯泡很暗可知，此时变阻器接入电路的电阻很大，故原因可能是：导线接在了滑动变阻器的下面两个接线柱上；
乙同学缓慢移动滑片时，看到灯忽亮忽灭，这可能是滑动变阻器的滑片与电阻线圈之间接触不良；
故答案为：（1）略； （2）A； （3）滑动变阻器允许通过的最大电流为1A；（4）导线接在了滑动变阻器的下面两个接线柱上；接触不良．
　
31．小明在探究“影响导体电阻大小的因素”的实验中，原先设计的实验电路如图．
（1）为判断a、b两点间导体电阻的大小，小明应注意观察电流表的示数，若电流
表示数较大，表明接入a、b两点间导体电阻较　小　（填“大”或“小”）．老师指出该方案存在不足，你认为不足之处是：　ab间电阻小时，可导致电路中电流过大烧坏电路中的元件　．
（2）老师指出不足后，小明立即将图中的电流表改成了一个小灯泡，想通过观察小灯泡亮度的变化，判断a、b两点间导体电阻的大小．老师指出此方案仍存在不足，你认为不足之处是：　接入ab间电阻相差不大时，小灯泡亮度变化不明显　．
（3）小明认真思考了一会，对原先设计的实验电路图重新作了改进，他改进后的电路得到了老师的肯定．他是如何改进电路的？答：　在图中串联一个小灯泡　．
（4）小明实验时发现手边只有一根较长的镍镉合金丝，他利用后来改进的电路只可以探究导体的电阻与导体的　长度　和　横截面积　有关．

【考点】IA：影响电阻大小的因素．
【分析】（1）为判断a、b两点间导体电阻的大小，应观察电流表的示数变化，该电路的最大缺点是，当电路电流较大时，容易烧坏电路元件；
（2）电压一定时，由P=可知，导体电阻变化不大时，灯泡的功率变化不大，灯泡的亮暗变化不明显，不能反映电阻变化情况；
（3）灯泡的接入，增大了电路电阻，使电路电流不至于太大，对电路起保护作用，另外，通过灯的亮度也可知电路电流的变化；
（4）导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关，当探究影响导体电阻大小的因素时，应控制其它的因素不变，只改变该因素看电阻如何变化就可以．
【解答】解：
（1）为判断a、b两点间导体电阻的大小，应知道流过电阻的电流大小，所以应注意观察电流表的示数变化．该电路无保护电阻，当ab间电阻太小时，可导致电路中电流过大，烧坏电路中的元件；
（2）电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡的亮度变化不明显，因此不能根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝的变化情况；
（3）灯泡与电阻串联，一方面增大了电路电阻，使电路中的电流不至于过大，对电路起保护作用；另一方面，通过灯泡的亮暗变化，也可以粗略反应电路电流的变化；
（4）导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关：
当探究导体电阻与长度的关系时，可控制横截面积和材料不变，改变导体的长度，能够完成；
当探究导体电阻与横截面积的关系时，可控制长度和材料不变，改变导体的横截面积，能够完成；
当探究导体电阻与材料的关系时，可控制长度和横截面积不变，因为只有一个金属丝，所以无法改变材料，不能够完成．
故答案为：（1）小；ab间电阻小时，可导致电路中电流过大烧坏电路中的元件；
（2）接入ab间电阻相差不大时，小灯泡亮度变化不明显；（3）在图中串联一个小灯泡；（4）长度；横截面积．