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江苏省盐城市阜宁县2017届九年级（上）期末物理试卷（word版含答案解析）
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这是一份江苏省盐城市阜宁县2017届九年级（上）期末物理试卷（word版含答案解析），共42页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2016-2017学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期末物理试卷
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确．
1．如图所示的几种杠杆类工具，在使用时属于省力杠杆的是（ ）
A．
用鱼杆钓鱼 B．
用羊角锤拔钉子
C．
用筷子夹取食物 D．
用笤帚扫地
2．下列事例中，属于热传递改变内能的是（ ）
A．夏天，柏油马路在烈日下会被晒热
B．冬天，两手相互搓一搓就会暖和
C．流星在大气层中穿行会发光发热
D．用打气筒给轮胎打气，筒壁会发热
3．小明利用电能表测量某一家用电器的电功率．当电路中只有这一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW•h，那么这一个用电器可能是（ ）
A．
家庭电扇 B．
笔记本电脑 C．
台灯 D．
电饭锅
4．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2．在行驶中用任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作．以下电路符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
5．跳伞运动员在空中匀速下落时，以下说法中正确的是（ ）
A．重力势能减少，动能增加，机械能不变
B．重力势能增加，动能减少，机械能不变
C．重力势能减少，动能不变，机械能减少
D．重力势能增加，动能不变，机械能增加
6．如图所示是某同学研究串联电路中电流、电压特点的电路图．当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，但电压表示数较大．则故障原因可能是（ ）
A．L1断路 B．L1短路 C．L2短路 D．L2断路
7．如图所示是一个天然气泄漏检测电路的原理图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随天然气浓度的增大而减小），则下列说法正确的是（ ）
A．天然气浓度增大，电压表示数变小
B．天然气浓度减小，电流表示数变大
C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小
D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变
8．举重是我国的优势体育项目．一位身高180cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间把同样重的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式正确的是（ ）
A．W1＞W2，P1＞P2 B．W1=W2，P1=P2 C．W1＞W2，P1=P2 D．W1＜W2，P1＜P2
9．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
10．关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（ ）
A．铁和铝都能够被磁体吸引
B．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的
C．磁感线是磁场中真实存在的曲线
D．磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极
11．甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．甲灯的实际功率一定是25W
B．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
C．两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大
D．将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W
12．某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（ ）
A．电路中电流变化的范围是0.18A～0.5A
B．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω
C．灯泡的最大功率是2.25W
D．电路的最小功率是1.35W
二、填空题（每空1分，共28分）
13．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个 滑轮，它能改变力的方向，但 （选填“能”或“不能”）省力．
14．一台单缸四冲程汽油机如图所示是汽油机的 冲程，在这个冲程中是将 能转化成 能．若飞轮的转速为1800R/min，则此汽油机每秒内完成 个冲程，做功 次．
15．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时，电压表示数 ，油量表示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
16．在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向 调节，使其在水平位置平衡．如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡．要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿 方向，此时读数为 N．
17．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；若散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是 J，这些热量相当于完全燃烧 kg的天然气放出的热量．【水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q=8.4×107J/kg】．
18．有一个电铃，它的电阻是10Ω，额定电压为6V．现只有一个电压为9V的电源，为使电铃正常工作，应给它 （选填“串”或“并”）联一个阻值为 Ω的电阻．
19．在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示，由图可知，元件甲的电阻是 Ω，将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端，则流过元件甲的电流是 A，元件乙两端的电压是 V．
20．在家庭电路中，用测电笔辨别输电线时，能使氖管发光的是 线；为确保安全用电，电饭锅、电冰箱等使用三孔插座，其中一个插孔能将用电器的金属外壳与 连接起来；熔丝被熔断的一个原因是电路中用电器总功率过大，而另一个原因是电路发生了 ．
21．如图所示电能表，表盘上标有“600revs/（kW•h）”的字样，将此电能表接入家庭电路中，关闭其它用电器，让空调机单独工作6min，电能表的转盘转过60转，则该空调机在上述时间内消耗的电能是 kW•h，功率是 W．
22．如图是小华设计的一种节能灯电梯工作原理图，R是一个力敏电阻，当电梯上无人时，压敏电阻受到的压力变小，阻值变大，电磁铁的磁性变 ，触电3与触点 （选填“1”或“2”）接触，电动机的转速变小，电梯变慢，从而达到节能目的．
23．某物理兴趣小组想利用如图所示的装置比较铝和某种合金材料的导电性能．
（1）他们应该选用 和长度都相同的铝丝和合金丝．
（2）在两个相同烧瓶中分别装入等质量的煤油，接通电路后，他们发现甲烧瓶中煤油的温度比乙烧瓶中煤油的温度升高得慢，这说明 丝的导电性能较强．
三、解答题（6分+6分+6分+6分+6分+8分+10分，共48分）
24．在如图所示的电路的O里填上适当的电表符号，使电阻R1与R2并联．
25．按照题目要求作图．
请将图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电．
26．如图所示，根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极．
27．如图所示，工人用滑轮组提升重200N的物体，所用的拉力为125N，物体在5s内匀速上升2m．求：
（1）绳子自由端移动的速度；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）拉力的功率．
28．如表为某品牌取暖用的油汀的铭牌，其内部电路如图所示，R1和R2均为电热丝，S1是温度自动控制开关（低温自动闭合，高温自动断开）．闭合开关S，30min内油汀消耗的电能为0.88kW•h．求：
额定电压
220V
额定
功率
低温挡
880W
高温挡
1980W
（1）通过R1的电流；
（2）电热丝R2的电阻；
（3）30min内开关S1闭合的时间为多少分钟．
29．为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲乙所示的实验装置来进行实验．
（1）图甲是让不同质量的小球沿同一斜面从同一高度B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出的结论是： ；
（2）图乙是让质量相同的小球沿同一斜面分别从不同高度A、B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出结论是： ；
（3）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？ ；理由是 ．
（4）实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大？于是利用上述器材进行了实验测定，得到
序号
小球质量m/g
小球自由滚下高度h/cm
木块被撞后运到距离s/m
1
30
10
4
2
30
20
16
3
60
10
8
（a）为了探究“超载”隐患时，应选择 序号的实验进行比较．
（b）分析表格中对应的数据可知： 对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．
30．如图甲所示是某实验小组探究“电流与电压、电阻关系”的电路图．使用的实验器材有：电压为6V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω，1A”的滑动变阻器一个，导线若干．
（1）探究电流与电压的关系时，所测得的部分电流、电压值见表1．在第2次实验中，电流表的示数如图乙所示，则通过电阻的电流为 A．根据表1数据可得到结论： ．
表1
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.2
0.4
表2
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.4
0.2
0.15
（2）探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电压值如表2所示，
①由于操怍不当，导致一组数据存在错误，请判断第 次实验的数据存在错误．产生错误的原因是 ，正确的数据应该是 A．
②纠正错误以后，该小组用40Ω的电阻替换20Ω的电阻进行了第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，同学们提出了下列解决方案，其中正确的是 ．
A．将电压表的量程换为0～15VB．换成电压为12V的电源
C．更换最大阻值大于或等于80Ω的滑动变阻器
D．可将定值电阻两端的电压调为1.5V．
31．在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）如图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图（不完整）．请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整．
（2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 （选填“A”或“B”）端．
（3）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，小灯泡不发光，电压表的示数为零．进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好．针对电路中出现的小灯泡不发光的故障现象，他提出了如下猜想：①小灯泡短路；②小灯泡的灯丝断了；③滑动变阻器断路．根椐故障现象，猜想 （填序号，下同）是错误的．如果观察到电流表有示数，则猜想 是正确的．
（4）排除故障，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时应将滑片P向
（选填“A”或“B”）端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率．
（5）小平打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过图中操作（开关S接“a”、”b”各一次）来测量小灯泡的额定功率．图丙、丁是她设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是 （填字母）．
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丙方案能，丁方案不能 D．丙方案不能，丁方案能．
32．阅读下面短文，回答问题．
电热膜
电热膜是一种新型的电热器件，如图甲所示是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图乙所示．
电热膜通电工作时没有发红、炽热或发光现象的产生．它与被加热的物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体，所以电热膜本身的温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域的导电墨线厚度不均匀的现象，厚的导电墨线电阻小．导电墨线的电阻随温度变化的关系如图丙所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重的发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀．
（1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过 方式增加空气内能的．
（2）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图丁中A部分，这根导电墨线的电阻会
A．变大 B．变小 C．不变 D．以上三种情况均有可能
（3）与传统的电热丝加热器相比，电热膜取暖器的发热效率高，原因是 ．
（4）将图戊中一块电热膜接入电路，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA IB（选填“＞”、“＜”或“=”）．
（5）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而 ，温度高时发热功率 ．（选填“增大”、“减小”或“不变”）
2016-2017学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确．
1．如图所示的几种杠杆类工具，在使用时属于省力杠杆的是（ ）
A．
用鱼杆钓鱼 B．
用羊角锤拔钉子
C．
用筷子夹取食物 D．
用笤帚扫地
【考点】7O：杠杆的分类．
【分析】本题主要考查对杠杆分类方法的了解．动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆．
【解答】解：由图可知钓鱼竿、夹取食物的筷子、扫地的笤帚的动力臂都小于阻力臂，属于费力杠杆，所以选项A、C、D都不能选．
故选B．
2．下列事例中，属于热传递改变内能的是（ ）
A．夏天，柏油马路在烈日下会被晒热
B．冬天，两手相互搓一搓就会暖和
C．流星在大气层中穿行会发光发热
D．用打气筒给轮胎打气，筒壁会发热
【考点】GA：热传递改变物体内能．
【分析】内能的改变有两种方式：做功和热传递；
热传递是能的转移过程，即能量从高温物体向低温物体转移，在此过程中能的形式不发生变化；
做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式改变了．
【解答】解：A、柏油路在太阳的照射下温度升高，是因为太阳光的温度高于路面，从而通过热传递增加了柏油路的内能；故A正确；
B、搓手时感到暖和是因为手克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，故B错误；
C、流星在大气层中由于受到摩擦力，从而消耗机械能转化为内能，故C错误；
D、给自行车打气时，活塞压缩气体做功，机械能会转化为气体的内能，即通过做功的方式改变物体的内能，故D错误；
故选A．
3．小明利用电能表测量某一家用电器的电功率．当电路中只有这一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW•h，那么这一个用电器可能是（ ）
A．
家庭电扇 B．
笔记本电脑 C．
台灯 D．
电饭锅
【考点】JA：电功率的计算．
【分析】由1h内消耗的电能可求得电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器．
【解答】解；由P=得：
P==0.8kw．
以上四种家用电器中功率接近800W的只有电饭锅．
故选D
4．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2．在行驶中用任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作．以下电路符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联．
【解答】解：由题意可知，两开关应串联接在电路中，根据选项可知C符合题意，ABD不符合题意；
故选C．
5．跳伞运动员在空中匀速下落时，以下说法中正确的是（ ）
A．重力势能减少，动能增加，机械能不变
B．重力势能增加，动能减少，机械能不变
C．重力势能减少，动能不变，机械能减少
D．重力势能增加，动能不变，机械能增加
【考点】FN：动能和势能的大小变化；FT：机械能．
【分析】（1）机械能=势能+动能．
（2）重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度．质量越大，所处的位置越高，重力势能越大．
（3）动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度．质量越大，速度越大，动能越大．
【解答】解：（1）跳伞运动员在空中匀速下落时，质量不变，速度不变，动能不变．
（2）跳伞运动员在空中匀速下落时，质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小．
（3）动能不变，重力势能减小，机械能减小．
故选C．
6．如图所示是某同学研究串联电路中电流、电压特点的电路图．当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，但电压表示数较大．则故障原因可能是（ ）
A．L1断路 B．L1短路 C．L2短路 D．L2断路
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】如图灯L1、L2串联，电压表测L2两端电压．开关闭合时，灯L1、L2都不亮，说明电路断路．如果是短路，有一灯会亮．
电流表无示数，但电压表示数较大，说明L2断路．
【解答】解：
A、L1断路，整个电路中没有电流，灯都不亮，电表都无示数．不合题意．
B、L1短路，则L2中有电流会亮，电流表、电压表都有示数．不合题意．
C、L2短路，则电压表也短路，无示数．但L1会亮，电流表有示数．不合题意．
D、L2断路，电流表无示数．电压表与电路串联，电压表分担电源电压，有示数，灯L1不亮．符合题意．
故选D．
7．如图所示是一个天然气泄漏检测电路的原理图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随天然气浓度的增大而减小），则下列说法正确的是（ ）
A．天然气浓度增大，电压表示数变小
B．天然气浓度减小，电流表示数变大
C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小
D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变
【考点】IH：欧姆定律的应用；II：电阻的串联；JA：电功率的计算．
【分析】由电路图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；根据天然气浓度的变化确定气敏电阻R的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电压表示数的变化以及电压表与电流表示数的比值变化，根据P=UI可知电路中消耗总功率的变化．
【解答】解：（1）当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小；
根据I=可知，电路中的电流变大；
根据U=IR可知，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A不正确；
根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故C不正确；
（2）反之，当天然气浓度减小时，电路中的电流变小，故B选项不正确；
根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以两者的比值不变，故D选项正确．
故选D．
8．举重是我国的优势体育项目．一位身高180cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间把同样重的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式正确的是（ ）
A．W1＞W2，P1＞P2 B．W1=W2，P1=P2 C．W1＞W2，P1=P2 D．W1＜W2，P1＜P2
【考点】EB：功的大小比较；FD：功率大小的比较．
【分析】由题知身高180cm的运动员比身高160cm的运动员高，举起相同的杠铃时，举起的高度大，根据W=Gh分析做功大小；又知道所用时间相同，再利用P=比较功率大小．
【解答】解：由题知身高180cm的运动员和身高160cm的运动员举起杠铃的重力相同；
因为身高180cm的运动员比身高160cm的运动员高，所以根据W=Gh可知，W1＞W2；
因为两运动员举起杠铃的时间相同，所以根据P=可知，P1＞P2．
故选A．
9．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
【考点】GJ：燃料的热值．
【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；
（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系
【解答】解：
AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误；
CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C错误，D正确．
故选D．
10．关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（ ）
A．铁和铝都能够被磁体吸引
B．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的
C．磁感线是磁场中真实存在的曲线
D．磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极
【考点】C6：磁场；C7：磁感线及其特点．
【分析】（1）磁性是指一些物体具有吸引铁、钴、镍等磁性物质的性质，具有磁性的物体称为磁体．
（2）磁体周围存在磁场，磁体之间的相互作用就是通过磁场实现．
（3）在磁体的周围存在着磁场，为了形象直观地描述磁场而引入磁感线的．
（4）磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的北极出发，回到南极．
【解答】解：A、磁体能够吸引铁、钴、镍等物质，不能吸引铝，故A错；
B、磁体周围存在磁场，磁场是客观存在的物质，磁体对处于其磁场内的磁性物质有磁力的作用．故B正确．
C、根据课本中的相关基础知识可知，为了描述看不见但又客观存在的磁场，人们利用建立模型的方法引入了磁感线．故C错．
D、在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极．故D错．
故选B．
11．甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．甲灯的实际功率一定是25W
B．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
C．两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大
D．将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W
【考点】JE：实际功率；IA：影响电阻大小的因素；J9：电功率与电压、电流的关系；JC：额定功率．
【分析】（1）由甲灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P=求出甲、乙灯泡的电阻，比较两灯泡的电阻关系；
（2）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率，实际电压下的功率为实际功率；
（3）根据W=Pt可知，灯泡消耗功率的大小不仅与功率有关，还与工作时间有关．
【解答】解：A、甲灯的额定功率是25W，但实际电压改变时，其实际功率也随之变化，不一定总是25W，故A说法不对．
B、当两灯都正常发光时，它们的实际功率都等于各自的额定功率，分别为25W和100W，但由于不清楚各自的工作时间，故无法确定谁消耗的电能多．故B错误．
C、已知两灯的额定电压和额定功率，根据P=可得，甲乙两灯的正常工作的电阻．
R甲===1936Ω；
R乙===484Ω．
通过上面计算知，甲灯正常工作时的电阻大．故C正确．
D、乙灯接在110V的电路中，消耗的功率是P实际===25W．故D错误．
故选C．
12．某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（ ）
A．电路中电流变化的范围是0.18A～0.5A
B．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω
C．灯泡的最大功率是2.25W
D．电路的最小功率是1.35W
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出灯泡正常发光时电路的电流，电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的电功率最小，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出电路消耗的最小功率．
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，则灯泡的最大功率达不到2.25W，故C不正确；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，根据P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：
I=IL===0.5A，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，
因串联电路总电压等于各分电压之和，
所以，此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UL=4.5V﹣2.5V=2V，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R滑min===4Ω，故B不正确；
（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的功率最小，
灯泡的电阻：
RL===5Ω，
灯泡两端的最小电压：
UL′=U﹣U滑max=4.5V﹣3V=1.5V，
电路中的最小电流：
Imin===0.3A，
则电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故A不正确；
电路消耗的最小功率：
Pmin=UImin=4.5V×0.3A=1.35W，故D正确．
故选D．
二、填空题（每空1分，共28分）
13．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个 定 滑轮，它能改变力的方向，但 不能 （选填“能”或“不能”）省力．
【考点】7V：定滑轮及其工作特点．
【分析】要解答本题需掌握：定滑轮实质上是一等臂杠杆，它的特点是：只能改变力的方向，而不省力．
【解答】解：根据生活经验可知：旗杆顶部的定滑轮只能改变力的方向，而不能省力．
故答案为：定；不能．
14．一台单缸四冲程汽油机如图所示是汽油机的 做功 冲程，在这个冲程中是将 内 能转化成 机械 能．若飞轮的转速为1800R/min，则此汽油机每秒内完成 60 个冲程，做功 15 次．
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】解决此题要知道汽油机的做功冲程特点是火花塞打火，在做功冲程对外输出功，是将内能转化为机械能；
四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．
【解答】解：由图可知，汽油机的火花塞正在打火，所以汽油机正处于做功冲程，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能；
飞轮的转速为1800r/min=30r/s，所以可以完成60个冲程，做15次功；
故答案为：做功，内，机械，60，15．
15．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时，电压表示数 变小 ，油量表示数 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】当油量发生为化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律电路中电流的变化和和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化．
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测R2两端的电压．
当油面上升时，R2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，
∵I=，
∴电路中的电流变大，即油量表的示数变大；
∵U=IR，
∴R1两端的电压变大，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，
∴R2两端的电压变小，即电压表的示数变小；
故答案为：变小；变大．
16．在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向 右 调节，使其在水平位置平衡．如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡．要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿 竖直向下 方向，此时读数为 2 N．
【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验；7N：杠杆的平衡条件；7S：杠杆中最小力的问题．
【分析】（1）实验前杠杆右侧高左侧低，原因是右侧的力和力臂乘积小于左侧的力和力臂乘积，根据杠杆的平衡条件可知，可将左侧的平衡螺母向右调节，减小左侧的力和力臂乘积，使杠杆在水平位置平衡；
（2）当把支点到作用点的连线作为动力臂（施力方向与连线垂直）时，动力臂最长、最省力（弹簧测力计示数最小）；
（3）知道阻力、阻力臂和动力臂，利用杠杆的平衡条件求动力．
【解答】解：（1）杠杆右侧高左侧低，为使杠杆在水平位置平衡，可以将左侧的平衡螺母向右调，或者将右侧的平衡螺母向右调（都向右调）；
（2）当沿竖直向下的方向施力时，动力臂最长，此时最省力，弹簧测力计的示数最小；
（3）由图知，若竖直向下施力，动力臂L1=15cm，
由题知，阻力F2=0.5N×3=1.5N，阻力臂L2=20cm，
∵杠杆在水平位置平衡，
∴F1L1=F2L2，
∴动力：
F1===2N．
故答案为：右；竖直向下；2．
17．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；若散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是 8.4×105 J，这些热量相当于完全燃烧 0.01 kg的天然气放出的热量．【水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q=8.4×107J/kg】．
【考点】GI：热平衡方程的应用．
【分析】利用公式Q=cm△t可计算水吸收热量的多少；利用公式Q=mq可计算需要燃烧天然气的质量．
【解答】解：水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×20℃=8.4×105J；
相当于完全燃烧天然气的质量：m===0.01kg．
故答案为：8.4×105J；0.01kg．
18．有一个电铃，它的电阻是10Ω，额定电压为6V．现只有一个电压为9V的电源，为使电铃正常工作，应给它 串 （选填“串”或“并”）联一个阻值为 5 Ω的电阻．
【考点】IH：欧姆定律的应用；I6：串联电路的电压规律；II：电阻的串联．
【分析】现在电源电压大于电铃的额定电压，需要串联一个电阻分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去电铃的额定电压；
因为电铃正常工作，电铃两端的电压等于额定电压，知道电铃的电阻，利用欧姆定律求此时通过电铃的电流，则串联电阻的阻值利用R=计算．
【解答】解：要使电铃正常工作，需要给电铃串联一个电阻R，串联电阻R两端的电压：
UR=U﹣U额=9V﹣6V=3V，
∵电铃正常工作，
∴I===0.6A，
串联电阻的阻值：
R===5Ω，
故答案为：串；5．
19．在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示，由图可知，元件甲的电阻是 5 Ω，将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端，则流过元件甲的电流是 0.2 A，元件乙两端的电压是 2 V．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由图示图象求出电压对应的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；
根据串联电路特点应用图示图象求出电压对应的电流，然后答题．
【解答】解：由图示图象可知，元件甲的电阻：R甲===5Ω；
串联电路电流处处相等，由图示图象可知，电流：I=0.2A时，
U甲=1V，U乙=2V，
两元件的串联电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V．
故答案为：5；0.2；2．
20．在家庭电路中，用测电笔辨别输电线时，能使氖管发光的是 火 线；为确保安全用电，电饭锅、电冰箱等使用三孔插座，其中一个插孔能将用电器的金属外壳与 大地 连接起来；熔丝被熔断的一个原因是电路中用电器总功率过大，而另一个原因是电路发生了 短路 ．
【考点】IQ：家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；IS：熔断器的作用及保险丝的选择方法．
【分析】（1）测电笔内部有一个阻值很大的电阻．使用试电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线或零线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线．
（2）三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的；三脚插头中有一根导线要与用电器金属外壳相连．目的就是为了防止触电．
（3）家庭电路电流过大的原因有两个：即短路和总功率过大．
【解答】解：（1）测电笔接触火线时，氖管发光；接触零线时，氖管不发光．
（2）为了安全用电，电饭锅、电冰箱等有金属外壳的家用电器的电源插座都用三孔插座，三脚插头的接地脚应与用电器的金属外壳相连通，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生．
（3）家庭电路电流过大的原因有两个：即短路和总功率过大．
故答案为：火；大地；短路．
21．如图所示电能表，表盘上标有“600revs/（kW•h）”的字样，将此电能表接入家庭电路中，关闭其它用电器，让空调机单独工作6min，电能表的转盘转过60转，则该空调机在上述时间内消耗的电能是 0.1 kW•h，功率是 1000 W．
【考点】JA：电功率的计算；J5：电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】600revs/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转60r电路中消耗的电能，然后根据P=求出空调机的功率．
【解答】解：
转盘转动60转消耗电能：
W=kW•h=0.1kW•h；
空调机的功率：
P===1kW=1000W．
故答案为：0.1；1000．
22．如图是小华设计的一种节能灯电梯工作原理图，R是一个力敏电阻，当电梯上无人时，压敏电阻受到的压力变小，阻值变大，电磁铁的磁性变 弱 ，触电3与触点 1 （选填“1”或“2”）接触，电动机的转速变小，电梯变慢，从而达到节能目的．
【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．
【分析】本题中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电动机控制电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电动机中电压增大．
【解答】解：
由题知：压敏电阻受到的压力变小，阻值变大．
据图可知，当电梯上无人时，压力减小，R的阻值变大，电路中电流变小，电磁铁的磁性减弱，则衔铁在弹簧作用下被拉起，与触点3接触1，电动机与R1串联后电动机上的电压减小，电动机转速变慢．
故答案为：弱；1．
23．某物理兴趣小组想利用如图所示的装置比较铝和某种合金材料的导电性能．
（1）他们应该选用 横截面积 和长度都相同的铝丝和合金丝．
（2）在两个相同烧瓶中分别装入等质量的煤油，接通电路后，他们发现甲烧瓶中煤油的温度比乙烧瓶中煤油的温度升高得慢，这说明 铝 丝的导电性能较强．
【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．
【分析】（1）控制变量法进行分析，即控制长度和横截面积相同，比较温度计的示数，示数变化快的导电性能就好；
（2）温度计示数变化慢的，说明该电阻阻值小，即其导电性能好．
【解答】解：（1）探究导电性能好坏，只要使导体的长度和横截面积相同，故选用长度和横截面积相同的铝丝和锰铜丝；
（2）串联电路处处电流相等，而甲烧瓶中铝丝的温度升高的慢，由Q=I2Rt可得，铝丝的电阻小，所以铝丝的导电性能好．
故答案为：横截面积；铝．
三、解答题（6分+6分+6分+6分+6分+8分+10分，共48分）
24．在如图所示的电路的O里填上适当的电表符号，使电阻R1与R2并联．
【考点】HO：电路图及元件符号．
【分析】两个电阻的两端已经能连到一起了，故上边的〇应是电压表，电阻并联后，应能接到电源上，故下边的〇是电流表．
【解答】解：根据电压表要并联使用和电流表要串联使用填写．上边的〇与R2并联，应是电压表，下边的〇与电源串联，应是电流表，如图所示．
25．按照题目要求作图．
请将图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电．
【考点】IO：家庭电路的连接．
【分析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线．
【解答】解：安装安全用电原则，两孔插座的右孔与火线相连上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如下图所示：
26．如图所示，根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极．
【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】首先据电源的正负极判断出电流的方向，再据安培定则判断出该通电螺线管的N、S极，然后可知磁感线的方向，而后再根据磁极间的作用规律判断出小磁针的N、S极即可．
【解答】解：据电源的正负极可知，电流应当从右端流入，左端流出，根据安培定则能判断出该螺线管的左端是N极，右端是S极；磁感线的特点：在磁体的外部，磁感线方向是由N极指向S极；再根据磁极间的作用规律可知，与螺线管N极靠近的右端是小磁针的S极，小磁针的左端是N极．如图所示：
27．如图所示，工人用滑轮组提升重200N的物体，所用的拉力为125N，物体在5s内匀速上升2m．求：
（1）绳子自由端移动的速度；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）拉力的功率．
【考点】6A：速度的计算；F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算．
【分析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，
（1）求出绳子自由端移动的距离s=2h，已知时间t，由速度公式可以求出速度；
（2）先求出有用功，然后求出总功，最后求出滑轮组的机械效率；
（3）求出拉力的功，已知拉力做功时间，由功率公式可求出拉力的功率．
【解答】解：（1）绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
绳子自由端移动的速度：v===0.8m/s；
答：绳子自由端移动的速度是0.8m/s．
（2）有用功W有=Gh=200N×2m=400J，
总功，即拉力做的功W=Fs=125N×4m=500J，
η=×100%=×100%=80%；
答：滑轮组的机械效率是80%．
（3）拉力的功率P===100W；
答：拉力的功率是100W．
28．如表为某品牌取暖用的油汀的铭牌，其内部电路如图所示，R1和R2均为电热丝，S1是温度自动控制开关（低温自动闭合，高温自动断开）．闭合开关S，30min内油汀消耗的电能为0.88kW•h．求：
额定电压
220V
额定
功率
低温挡
880W
高温挡
1980W
（1）通过R1的电流；
（2）电热丝R2的电阻；
（3）30min内开关S1闭合的时间为多少分钟．
【考点】JA：电功率的计算；J3：电功的计算．
【分析】（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，根据P=可知油汀功率较小，处于低温档，根据P=UI通过R1的电流；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，油汀功率较大，处于高温档，高温档和低温档的差值即为R2的电功率，根据P=求出电热丝R2的电阻；
（3）油汀处于低温档和高温档R1均工作，根据W=Pt求出R1消耗的电能，消耗的总电能减去R1消耗的电能即为R2消耗的电能，利用t=求出R2工作的时间，即为开关S1闭合的时间．
【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，油汀处于低温档，
由P=UI可知，通过R1的电流：
I1===4A；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，油汀处于高温档，
因电路中总功率等于各用电器功率之和，
所以，R2的电功率：
P2=P高温﹣P低温=1980W﹣880W=1100W，
由P=可得，电热丝R2的电阻：
R2===44Ω；
（3）油汀处于低温档和高温档R1均工作，
由P=可得，R1消耗的电能：
W1=P低温t=880×10﹣3kW×h=0.44kW•h，
R2消耗的电能：
W2=W﹣W1=0.88kW﹣0.44kW•h=0.44kW•h，
R2工作的时间：
t′===0.4h=24min．
答：（1）通过R1的电流为4A；
（2）电热丝R2的电阻为44Ω；
（3）30min内开关S1闭合的时间为24min．
29．为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲乙所示的实验装置来进行实验．
（1）图甲是让不同质量的小球沿同一斜面从同一高度B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出的结论是： 速度相同时，物体的质量越大，动能越大 ；
（2）图乙是让质量相同的小球沿同一斜面分别从不同高度A、B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出结论是： 质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大 ；
（3）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？ 不能 ；理由是 木块作匀速直线运动，无法通过木块运动距离长短来比较小车动能大小 ．
（4）实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大？于是利用上述器材进行了实验测定，得到
序号
小球质量m/g
小球自由滚下高度h/cm
木块被撞后运到距离s/m
1
30
10
4
2
30
20
16
3
60
10
8
（a）为了探究“超载”隐患时，应选择 1、3 序号的实验进行比较．
（b）分析表格中对应的数据可知： 速度 对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．
【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素．
【分析】（1）分析图甲，两小球的质量不同，可探究动能与质量的关系；
（2）分析图乙，小球滚下的高度不同，到达水平面的速度不同，可探究动能与速度的关系；
（3）由牛顿第一定律内容分析回答；
（4）研究超载危害，应控制速度相等，即小球下滑的高度相同而质量不同，分析表中实验数据，然后答题；应用控制变量法，分析表中实验数据，然后答题．
【解答】解：
（1）图甲，两小球滚下高度相同，速度相同，两小球的质量不同，探究的是动能与质量的关系，得出的结论是，速度相同时，物体的质量越大，动能越大；
（2）图乙两小球的质量相等，滚下的高度不同，探究的是动能与速度的关系；
图乙中两小球的质量相同，滚下的高度越大，到达水平面的速度越大，将木块推得越远，得出的结论是：质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；
（3）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知木块将永远运动下去，木块通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定，所以铁球动能的大小就无法比较；
（4）研究超载隐患时，应控制小球下滑的高度相同而质量不同，由表中实验数据可知，应选择1、3两个序号的实验进行比较；
由表中实验数据可知，在同等条件下速度对物体的动能影响更大，当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．
故答案为：（1）速度相同时，物体的质量越大，动能越大；（2）质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；（3）不能；木块作匀速直线运动，无法通过木块运动距离长短来比较小车动能大小；（4）1、3；速度．
30．如图甲所示是某实验小组探究“电流与电压、电阻关系”的电路图．使用的实验器材有：电压为6V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω，1A”的滑动变阻器一个，导线若干．
（1）探究电流与电压的关系时，所测得的部分电流、电压值见表1．在第2次实验中，电流表的示数如图乙所示，则通过电阻的电流为 0.3 A．根据表1数据可得到结论： 在电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比 ．
表1
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.2
0.4
表2
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.4
0.2
0.15
（2）探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电压值如表2所示，
①由于操怍不当，导致一组数据存在错误，请判断第 3 次实验的数据存在错误．产生错误的原因是 滑动变阻器滑片没有调节就读数了 ，正确的数据应该是 0.1 A．
②纠正错误以后，该小组用40Ω的电阻替换20Ω的电阻进行了第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，同学们提出了下列解决方案，其中正确的是 C ．
A．将电压表的量程换为0～15VB．换成电压为12V的电源
C．更换最大阻值大于或等于80Ω的滑动变阻器
D．可将定值电阻两端的电压调为1.5V．
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）看清量程和分度值读出电流表的示数；探究电流与电压关系时，保持电阻不变，分析表中数据得出结论；
（2）①探究电流与电阻关系时，要保持电压一定，分析表中数据得出结论；
②根据滑动变阻器分压和串联电路电流相等特点分析解答．
【解答】解：（1）电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，分析表一数据可知，当电阻一定时，导体中电流与其两端电压成正比；
（2）①当接入电阻R2=10Ω时，电路中的电流为I2=0.2A，电阻两端的电压为：U2=I2R2=10Ω×0.2A=2V；
此时滑动变阻器接入的阻值为R===20Ω，
将R2换为R3=20Ω时，滑动变阻器滑片位置不动，此时电流中的电流为I===0.15A，故第3次实验时，没有移动滑片就读电流表示数了，由于电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，故应该为0.1A；
②纠正错误以后，该小组用40Ω的电阻替换20Ω的电阻进行了第4次实验，
当R4=40时，由于保持电阻两点电压为UR=2V不变，则滑动变阻器两端分的电压为U′=U﹣UR=6V﹣2V=4V，
此时电流为IR=I′===0.05A，则滑动变阻器需要接入的阻值为：R′===80Ω＞40Ω，此时滑动变阻器的阻值不能满足要求，故应换用以更大阻值的变阻器，故选C．
故答案为：（1）0.3；在电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比；（2）①3；没有保持R两端的电压一定；0.1A；②C．
31．在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）如图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图（不完整）．请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整．
（2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 B （选填“A”或“B”）端．
（3）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，小灯泡不发光，电压表的示数为零．进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好．针对电路中出现的小灯泡不发光的故障现象，他提出了如下猜想：①小灯泡短路；②小灯泡的灯丝断了；③滑动变阻器断路．根椐故障现象，猜想 ② （填序号，下同）是错误的．如果观察到电流表有示数，则猜想 ① 是正确的．
（4）排除故障，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时应将滑片P向
A （选填“A”或“B”）端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率．
（5）小平打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过图中操作（开关S接“a”、”b”各一次）来测量小灯泡的额定功率．图丙、丁是她设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是 B （填字母）．
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丙方案能，丁方案不能 D．丙方案不能，丁方案能．
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】（1）电压表选用小量程，注意电表正负接线柱和滑动变阻器接线柱的接法；
（2）滑动变阻器滑片应置于阻值最大的位置；
（3）对每个猜想所出现的现象逐一分析，确定与题目条件不符合与相符合的猜想；
（4）认清电压表小量程的分度值读数，比较读数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；
（5）开关S接“a”、”b”各一次，根据电路图，确定能否使小灯泡正常发光，若不能，则无法测量小灯泡的额定电功率．
【解答】解：（1）小灯泡的额定功率为2.5V＜3V，电压表选用小量程，注意电表正负接线柱和滑动变阻器接线柱的接法，如右图所示；
（2）滑动变阻器滑片以左电阻丝连入电路，故应将滑片置于B端；
（3）①连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，如果小灯泡短路，小灯泡不发光，相当于一根导线，电压表示数为0，电流表有示数；
②如果小灯泡的灯丝断了，则电压表与电路中其它元件串联，因电压表内阻很大，根据欧姆定律和分压原理，电流表示数接近0，电压表示数接近电源电压，小灯泡分得的电压很小，不发光；
③如果滑动变阻器断路，则电压表、电流表均无示数，小灯泡不发光；
所以，连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，电路中出现小灯泡不发光，电压表示数为零，猜想②是错误的；
如果观察到电流表有示数，则猜想①是正确的；
（4）电压表小量程的分度值为0.1V，示数为1.4V，所以，应增加灯两端的电压减小滑动变阻器的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻，所以，应将滑片P向A端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率；
（5）图丙中，无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，丙方案不能测定小灯泡的额定电功率；
丁方案中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接a时，电压表测定值电阻的电压，S接b时测灯和定值电阻的总电压，都无法确定小灯泡是否正常发光，丁方案不能测定小灯泡的额定电功率．所以，两种方案都不能测出小灯泡的额定功率．
故选B．
故答案为：（1）如上图所示；
（2）B；
（3）②；①
（4）A；
（5）B．
32．阅读下面短文，回答问题．
电热膜
电热膜是一种新型的电热器件，如图甲所示是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图乙所示．
电热膜通电工作时没有发红、炽热或发光现象的产生．它与被加热的物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体，所以电热膜本身的温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域的导电墨线厚度不均匀的现象，厚的导电墨线电阻小．导电墨线的电阻随温度变化的关系如图丙所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重的发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀．
（1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过 热传递 方式增加空气内能的．
（2）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图丁中A部分，这根导电墨线的电阻会 A
A．变大 B．变小 C．不变 D．以上三种情况均有可能
（3）与传统的电热丝加热器相比，电热膜取暖器的发热效率高，原因是 通电工作时，没有发红、炽热现象 ．
（4）将图戊中一块电热膜接入电路，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA ＜ IB（选填“＞”、“＜”或“=”）．
（5）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而 增大 ，温度高时发热功率 减小 ．（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【考点】GA：热传递改变物体内能；H@：并联电路的电流规律．
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的；
（2）影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积；
（3）电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产生，它与被加热物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体；
（4）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
（5）根据图象分析导电墨线电阻随温度变化的关系得出结论．
【解答】解：（1）电热膜取暖器工作时放出热量，室内空气吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式使得室内温度升高；
（2）A部分的凹形会导致横截面积变小，电阻变大；
（3）此题可以从原文中获取答案：电热膜通电工作时，没有发红、炽热现象；
（4）因为墨线是并联的．如图中，若通过每条墨线的电流为I，则IA=3I，IB=9I，因此IA＜IB ；
（5）从丙图可以看出随温度升高而增大，发热功率减小；
故答案为：（1）热传递；（2）A；（3）通电工作时，没有发红、炽热现象；（4）＜；（5）增大；减小．
2016-2017学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期末物理试卷
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确．
1．如图所示的几种杠杆类工具，在使用时属于省力杠杆的是（ ）
A．
用鱼杆钓鱼 B．
用羊角锤拔钉子
C．
用筷子夹取食物 D．
用笤帚扫地
2．下列事例中，属于热传递改变内能的是（ ）
A．夏天，柏油马路在烈日下会被晒热
B．冬天，两手相互搓一搓就会暖和
C．流星在大气层中穿行会发光发热
D．用打气筒给轮胎打气，筒壁会发热
3．小明利用电能表测量某一家用电器的电功率．当电路中只有这一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW•h，那么这一个用电器可能是（ ）
A．
家庭电扇 B．
笔记本电脑 C．
台灯 D．
电饭锅
4．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2．在行驶中用任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作．以下电路符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
5．跳伞运动员在空中匀速下落时，以下说法中正确的是（ ）
A．重力势能减少，动能增加，机械能不变
B．重力势能增加，动能减少，机械能不变
C．重力势能减少，动能不变，机械能减少
D．重力势能增加，动能不变，机械能增加
6．如图所示是某同学研究串联电路中电流、电压特点的电路图．当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，但电压表示数较大．则故障原因可能是（ ）
A．L1断路 B．L1短路 C．L2短路 D．L2断路
7．如图所示是一个天然气泄漏检测电路的原理图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随天然气浓度的增大而减小），则下列说法正确的是（ ）
A．天然气浓度增大，电压表示数变小
B．天然气浓度减小，电流表示数变大
C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小
D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变
8．举重是我国的优势体育项目．一位身高180cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间把同样重的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式正确的是（ ）
A．W1＞W2，P1＞P2 B．W1=W2，P1=P2 C．W1＞W2，P1=P2 D．W1＜W2，P1＜P2
9．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
10．关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（ ）
A．铁和铝都能够被磁体吸引
B．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的
C．磁感线是磁场中真实存在的曲线
D．磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极
11．甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．甲灯的实际功率一定是25W
B．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
C．两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大
D．将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W
12．某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（ ）
A．电路中电流变化的范围是0.18A～0.5A
B．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω
C．灯泡的最大功率是2.25W
D．电路的最小功率是1.35W
二、填空题（每空1分，共28分）
13．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个 滑轮，它能改变力的方向，但 （选填“能”或“不能”）省力．
14．一台单缸四冲程汽油机如图所示是汽油机的 冲程，在这个冲程中是将 能转化成 能．若飞轮的转速为1800R/min，则此汽油机每秒内完成 个冲程，做功 次．
15．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时，电压表示数 ，油量表示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
16．在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向 调节，使其在水平位置平衡．如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡．要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿 方向，此时读数为 N．
17．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；若散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是 J，这些热量相当于完全燃烧 kg的天然气放出的热量．【水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q=8.4×107J/kg】．
18．有一个电铃，它的电阻是10Ω，额定电压为6V．现只有一个电压为9V的电源，为使电铃正常工作，应给它 （选填“串”或“并”）联一个阻值为 Ω的电阻．
19．在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示，由图可知，元件甲的电阻是 Ω，将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端，则流过元件甲的电流是 A，元件乙两端的电压是 V．
20．在家庭电路中，用测电笔辨别输电线时，能使氖管发光的是 线；为确保安全用电，电饭锅、电冰箱等使用三孔插座，其中一个插孔能将用电器的金属外壳与 连接起来；熔丝被熔断的一个原因是电路中用电器总功率过大，而另一个原因是电路发生了 ．
21．如图所示电能表，表盘上标有“600revs/（kW•h）”的字样，将此电能表接入家庭电路中，关闭其它用电器，让空调机单独工作6min，电能表的转盘转过60转，则该空调机在上述时间内消耗的电能是 kW•h，功率是 W．
22．如图是小华设计的一种节能灯电梯工作原理图，R是一个力敏电阻，当电梯上无人时，压敏电阻受到的压力变小，阻值变大，电磁铁的磁性变 ，触电3与触点 （选填“1”或“2”）接触，电动机的转速变小，电梯变慢，从而达到节能目的．
23．某物理兴趣小组想利用如图所示的装置比较铝和某种合金材料的导电性能．
（1）他们应该选用 和长度都相同的铝丝和合金丝．
（2）在两个相同烧瓶中分别装入等质量的煤油，接通电路后，他们发现甲烧瓶中煤油的温度比乙烧瓶中煤油的温度升高得慢，这说明 丝的导电性能较强．
三、解答题（6分+6分+6分+6分+6分+8分+10分，共48分）
24．在如图所示的电路的O里填上适当的电表符号，使电阻R1与R2并联．
25．按照题目要求作图．
请将图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电．
26．如图所示，根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极．
27．如图所示，工人用滑轮组提升重200N的物体，所用的拉力为125N，物体在5s内匀速上升2m．求：
（1）绳子自由端移动的速度；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）拉力的功率．
28．如表为某品牌取暖用的油汀的铭牌，其内部电路如图所示，R1和R2均为电热丝，S1是温度自动控制开关（低温自动闭合，高温自动断开）．闭合开关S，30min内油汀消耗的电能为0.88kW•h．求：
额定电压
220V
额定
功率
低温挡
880W
高温挡
1980W
（1）通过R1的电流；
（2）电热丝R2的电阻；
（3）30min内开关S1闭合的时间为多少分钟．
29．为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲乙所示的实验装置来进行实验．
（1）图甲是让不同质量的小球沿同一斜面从同一高度B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出的结论是： ；
（2）图乙是让质量相同的小球沿同一斜面分别从不同高度A、B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出结论是： ；
（3）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？ ；理由是 ．
（4）实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大？于是利用上述器材进行了实验测定，得到
序号
小球质量m/g
小球自由滚下高度h/cm
木块被撞后运到距离s/m
1
30
10
4
2
30
20
16
3
60
10
8
（a）为了探究“超载”隐患时，应选择 序号的实验进行比较．
（b）分析表格中对应的数据可知： 对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．
30．如图甲所示是某实验小组探究“电流与电压、电阻关系”的电路图．使用的实验器材有：电压为6V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω，1A”的滑动变阻器一个，导线若干．
（1）探究电流与电压的关系时，所测得的部分电流、电压值见表1．在第2次实验中，电流表的示数如图乙所示，则通过电阻的电流为 A．根据表1数据可得到结论： ．
表1
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.2
0.4
表2
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.4
0.2
0.15
（2）探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电压值如表2所示，
①由于操怍不当，导致一组数据存在错误，请判断第 次实验的数据存在错误．产生错误的原因是 ，正确的数据应该是 A．
②纠正错误以后，该小组用40Ω的电阻替换20Ω的电阻进行了第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，同学们提出了下列解决方案，其中正确的是 ．
A．将电压表的量程换为0～15VB．换成电压为12V的电源
C．更换最大阻值大于或等于80Ω的滑动变阻器
D．可将定值电阻两端的电压调为1.5V．
31．在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）如图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图（不完整）．请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整．
（2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 （选填“A”或“B”）端．
（3）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，小灯泡不发光，电压表的示数为零．进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好．针对电路中出现的小灯泡不发光的故障现象，他提出了如下猜想：①小灯泡短路；②小灯泡的灯丝断了；③滑动变阻器断路．根椐故障现象，猜想 （填序号，下同）是错误的．如果观察到电流表有示数，则猜想 是正确的．
（4）排除故障，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时应将滑片P向
（选填“A”或“B”）端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率．
（5）小平打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过图中操作（开关S接“a”、”b”各一次）来测量小灯泡的额定功率．图丙、丁是她设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是 （填字母）．
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丙方案能，丁方案不能 D．丙方案不能，丁方案能．
32．阅读下面短文，回答问题．
电热膜
电热膜是一种新型的电热器件，如图甲所示是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图乙所示．
电热膜通电工作时没有发红、炽热或发光现象的产生．它与被加热的物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体，所以电热膜本身的温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域的导电墨线厚度不均匀的现象，厚的导电墨线电阻小．导电墨线的电阻随温度变化的关系如图丙所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重的发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀．
（1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过 方式增加空气内能的．
（2）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图丁中A部分，这根导电墨线的电阻会
A．变大 B．变小 C．不变 D．以上三种情况均有可能
（3）与传统的电热丝加热器相比，电热膜取暖器的发热效率高，原因是 ．
（4）将图戊中一块电热膜接入电路，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA IB（选填“＞”、“＜”或“=”）．
（5）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而 ，温度高时发热功率 ．（选填“增大”、“减小”或“不变”）
2016-2017学年江苏省盐城市阜宁县九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确．
1．如图所示的几种杠杆类工具，在使用时属于省力杠杆的是（ ）
A．
用鱼杆钓鱼 B．
用羊角锤拔钉子
C．
用筷子夹取食物 D．
用笤帚扫地
【考点】7O：杠杆的分类．
【分析】本题主要考查对杠杆分类方法的了解．动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆．
【解答】解：由图可知钓鱼竿、夹取食物的筷子、扫地的笤帚的动力臂都小于阻力臂，属于费力杠杆，所以选项A、C、D都不能选．
故选B．
2．下列事例中，属于热传递改变内能的是（ ）
A．夏天，柏油马路在烈日下会被晒热
B．冬天，两手相互搓一搓就会暖和
C．流星在大气层中穿行会发光发热
D．用打气筒给轮胎打气，筒壁会发热
【考点】GA：热传递改变物体内能．
【分析】内能的改变有两种方式：做功和热传递；
热传递是能的转移过程，即能量从高温物体向低温物体转移，在此过程中能的形式不发生变化；
做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式改变了．
【解答】解：A、柏油路在太阳的照射下温度升高，是因为太阳光的温度高于路面，从而通过热传递增加了柏油路的内能；故A正确；
B、搓手时感到暖和是因为手克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，故B错误；
C、流星在大气层中由于受到摩擦力，从而消耗机械能转化为内能，故C错误；
D、给自行车打气时，活塞压缩气体做功，机械能会转化为气体的内能，即通过做功的方式改变物体的内能，故D错误；
故选A．
3．小明利用电能表测量某一家用电器的电功率．当电路中只有这一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW•h，那么这一个用电器可能是（ ）
A．
家庭电扇 B．
笔记本电脑 C．
台灯 D．
电饭锅
【考点】JA：电功率的计算．
【分析】由1h内消耗的电能可求得电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器．
【解答】解；由P=得：
P==0.8kw．
以上四种家用电器中功率接近800W的只有电饭锅．
故选D
4．电动自行车两刹车手柄中各有一只开关S1和S2．在行驶中用任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作．以下电路符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联．
【解答】解：由题意可知，两开关应串联接在电路中，根据选项可知C符合题意，ABD不符合题意；
故选C．
5．跳伞运动员在空中匀速下落时，以下说法中正确的是（ ）
A．重力势能减少，动能增加，机械能不变
B．重力势能增加，动能减少，机械能不变
C．重力势能减少，动能不变，机械能减少
D．重力势能增加，动能不变，机械能增加
【考点】FN：动能和势能的大小变化；FT：机械能．
【分析】（1）机械能=势能+动能．
（2）重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度．质量越大，所处的位置越高，重力势能越大．
（3）动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度．质量越大，速度越大，动能越大．
【解答】解：（1）跳伞运动员在空中匀速下落时，质量不变，速度不变，动能不变．
（2）跳伞运动员在空中匀速下落时，质量不变，高度越来越小，重力势能越来越小．
（3）动能不变，重力势能减小，机械能减小．
故选C．
6．如图所示是某同学研究串联电路中电流、电压特点的电路图．当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，但电压表示数较大．则故障原因可能是（ ）
A．L1断路 B．L1短路 C．L2短路 D．L2断路
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】如图灯L1、L2串联，电压表测L2两端电压．开关闭合时，灯L1、L2都不亮，说明电路断路．如果是短路，有一灯会亮．
电流表无示数，但电压表示数较大，说明L2断路．
【解答】解：
A、L1断路，整个电路中没有电流，灯都不亮，电表都无示数．不合题意．
B、L1短路，则L2中有电流会亮，电流表、电压表都有示数．不合题意．
C、L2短路，则电压表也短路，无示数．但L1会亮，电流表有示数．不合题意．
D、L2断路，电流表无示数．电压表与电路串联，电压表分担电源电压，有示数，灯L1不亮．符合题意．
故选D．
7．如图所示是一个天然气泄漏检测电路的原理图，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为气敏电阻（其阻值随天然气浓度的增大而减小），则下列说法正确的是（ ）
A．天然气浓度增大，电压表示数变小
B．天然气浓度减小，电流表示数变大
C．天然气浓度增大，电路消耗的总功率变小
D．天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变
【考点】IH：欧姆定律的应用；II：电阻的串联；JA：电功率的计算．
【分析】由电路图可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压；根据天然气浓度的变化确定气敏电阻R的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电压表示数的变化以及电压表与电流表示数的比值变化，根据P=UI可知电路中消耗总功率的变化．
【解答】解：（1）当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小；
根据I=可知，电路中的电流变大；
根据U=IR可知，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A不正确；
根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故C不正确；
（2）反之，当天然气浓度减小时，电路中的电流变小，故B选项不正确；
根据欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以两者的比值不变，故D选项正确．
故选D．
8．举重是我国的优势体育项目．一位身高180cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间把同样重的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式正确的是（ ）
A．W1＞W2，P1＞P2 B．W1=W2，P1=P2 C．W1＞W2，P1=P2 D．W1＜W2，P1＜P2
【考点】EB：功的大小比较；FD：功率大小的比较．
【分析】由题知身高180cm的运动员比身高160cm的运动员高，举起相同的杠铃时，举起的高度大，根据W=Gh分析做功大小；又知道所用时间相同，再利用P=比较功率大小．
【解答】解：由题知身高180cm的运动员和身高160cm的运动员举起杠铃的重力相同；
因为身高180cm的运动员比身高160cm的运动员高，所以根据W=Gh可知，W1＞W2；
因为两运动员举起杠铃的时间相同，所以根据P=可知，P1＞P2．
故选A．
9．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
【考点】GJ：燃料的热值．
【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；
（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系
【解答】解：
AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误；
CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C错误，D正确．
故选D．
10．关于磁体、磁场和磁感线，以下说法中正确的是（ ）
A．铁和铝都能够被磁体吸引
B．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的
C．磁感线是磁场中真实存在的曲线
D．磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极
【考点】C6：磁场；C7：磁感线及其特点．
【分析】（1）磁性是指一些物体具有吸引铁、钴、镍等磁性物质的性质，具有磁性的物体称为磁体．
（2）磁体周围存在磁场，磁体之间的相互作用就是通过磁场实现．
（3）在磁体的周围存在着磁场，为了形象直观地描述磁场而引入磁感线的．
（4）磁感线的方向在磁体的外部，从磁体的北极出发，回到南极．
【解答】解：A、磁体能够吸引铁、钴、镍等物质，不能吸引铝，故A错；
B、磁体周围存在磁场，磁场是客观存在的物质，磁体对处于其磁场内的磁性物质有磁力的作用．故B正确．
C、根据课本中的相关基础知识可知，为了描述看不见但又客观存在的磁场，人们利用建立模型的方法引入了磁感线．故C错．
D、在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极．故D错．
故选B．
11．甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．甲灯的实际功率一定是25W
B．两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多
C．两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大
D．将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W
【考点】JE：实际功率；IA：影响电阻大小的因素；J9：电功率与电压、电流的关系；JC：额定功率．
【分析】（1）由甲灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P=求出甲、乙灯泡的电阻，比较两灯泡的电阻关系；
（2）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率，实际电压下的功率为实际功率；
（3）根据W=Pt可知，灯泡消耗功率的大小不仅与功率有关，还与工作时间有关．
【解答】解：A、甲灯的额定功率是25W，但实际电压改变时，其实际功率也随之变化，不一定总是25W，故A说法不对．
B、当两灯都正常发光时，它们的实际功率都等于各自的额定功率，分别为25W和100W，但由于不清楚各自的工作时间，故无法确定谁消耗的电能多．故B错误．
C、已知两灯的额定电压和额定功率，根据P=可得，甲乙两灯的正常工作的电阻．
R甲===1936Ω；
R乙===484Ω．
通过上面计算知，甲灯正常工作时的电阻大．故C正确．
D、乙灯接在110V的电路中，消耗的功率是P实际===25W．故D错误．
故选C．
12．某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“20Ω 1A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（ ）
A．电路中电流变化的范围是0.18A～0.5A
B．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω
C．灯泡的最大功率是2.25W
D．电路的最小功率是1.35W
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出灯泡正常发光时电路的电流，电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的电功率最小，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出电路消耗的最小功率．
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，则灯泡的最大功率达不到2.25W，故C不正确；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，根据P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：
I=IL===0.5A，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，
因串联电路总电压等于各分电压之和，
所以，此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UL=4.5V﹣2.5V=2V，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R滑min===4Ω，故B不正确；
（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的功率最小，
灯泡的电阻：
RL===5Ω，
灯泡两端的最小电压：
UL′=U﹣U滑max=4.5V﹣3V=1.5V，
电路中的最小电流：
Imin===0.3A，
则电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故A不正确；
电路消耗的最小功率：
Pmin=UImin=4.5V×0.3A=1.35W，故D正确．
故选D．
二、填空题（每空1分，共28分）
13．学校升旗仪式上，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会徐徐上升，这是由于旗杆顶部有一个 定 滑轮，它能改变力的方向，但 不能 （选填“能”或“不能”）省力．
【考点】7V：定滑轮及其工作特点．
【分析】要解答本题需掌握：定滑轮实质上是一等臂杠杆，它的特点是：只能改变力的方向，而不省力．
【解答】解：根据生活经验可知：旗杆顶部的定滑轮只能改变力的方向，而不能省力．
故答案为：定；不能．
14．一台单缸四冲程汽油机如图所示是汽油机的 做功 冲程，在这个冲程中是将 内 能转化成 机械 能．若飞轮的转速为1800R/min，则此汽油机每秒内完成 60 个冲程，做功 15 次．
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】解决此题要知道汽油机的做功冲程特点是火花塞打火，在做功冲程对外输出功，是将内能转化为机械能；
四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次．
【解答】解：由图可知，汽油机的火花塞正在打火，所以汽油机正处于做功冲程，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能；
飞轮的转速为1800r/min=30r/s，所以可以完成60个冲程，做15次功；
故答案为：做功，内，机械，60，15．
15．如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时，电压表示数 变小 ，油量表示数 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】当油量发生为化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律电路中电流的变化和和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化．
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测R2两端的电压．
当油面上升时，R2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，
∵I=，
∴电路中的电流变大，即油量表的示数变大；
∵U=IR，
∴R1两端的电压变大，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，
∴R2两端的电压变小，即电压表的示数变小；
故答案为：变小；变大．
16．在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆右侧高左侧低，则可将左侧的平衡螺母向 右 调节，使其在水平位置平衡．如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡．要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿 竖直向下 方向，此时读数为 2 N．
【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验；7N：杠杆的平衡条件；7S：杠杆中最小力的问题．
【分析】（1）实验前杠杆右侧高左侧低，原因是右侧的力和力臂乘积小于左侧的力和力臂乘积，根据杠杆的平衡条件可知，可将左侧的平衡螺母向右调节，减小左侧的力和力臂乘积，使杠杆在水平位置平衡；
（2）当把支点到作用点的连线作为动力臂（施力方向与连线垂直）时，动力臂最长、最省力（弹簧测力计示数最小）；
（3）知道阻力、阻力臂和动力臂，利用杠杆的平衡条件求动力．
【解答】解：（1）杠杆右侧高左侧低，为使杠杆在水平位置平衡，可以将左侧的平衡螺母向右调，或者将右侧的平衡螺母向右调（都向右调）；
（2）当沿竖直向下的方向施力时，动力臂最长，此时最省力，弹簧测力计的示数最小；
（3）由图知，若竖直向下施力，动力臂L1=15cm，
由题知，阻力F2=0.5N×3=1.5N，阻力臂L2=20cm，
∵杠杆在水平位置平衡，
∴F1L1=F2L2，
∴动力：
F1===2N．
故答案为：右；竖直向下；2．
17．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质；若散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是 8.4×105 J，这些热量相当于完全燃烧 0.01 kg的天然气放出的热量．【水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q=8.4×107J/kg】．
【考点】GI：热平衡方程的应用．
【分析】利用公式Q=cm△t可计算水吸收热量的多少；利用公式Q=mq可计算需要燃烧天然气的质量．
【解答】解：水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×20℃=8.4×105J；
相当于完全燃烧天然气的质量：m===0.01kg．
故答案为：8.4×105J；0.01kg．
18．有一个电铃，它的电阻是10Ω，额定电压为6V．现只有一个电压为9V的电源，为使电铃正常工作，应给它 串 （选填“串”或“并”）联一个阻值为 5 Ω的电阻．
【考点】IH：欧姆定律的应用；I6：串联电路的电压规律；II：电阻的串联．
【分析】现在电源电压大于电铃的额定电压，需要串联一个电阻分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去电铃的额定电压；
因为电铃正常工作，电铃两端的电压等于额定电压，知道电铃的电阻，利用欧姆定律求此时通过电铃的电流，则串联电阻的阻值利用R=计算．
【解答】解：要使电铃正常工作，需要给电铃串联一个电阻R，串联电阻R两端的电压：
UR=U﹣U额=9V﹣6V=3V，
∵电铃正常工作，
∴I===0.6A，
串联电阻的阻值：
R===5Ω，
故答案为：串；5．
19．在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图所示，由图可知，元件甲的电阻是 5 Ω，将元件甲、乙串联后接在电压为3V的电源两端，则流过元件甲的电流是 0.2 A，元件乙两端的电压是 2 V．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由图示图象求出电压对应的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；
根据串联电路特点应用图示图象求出电压对应的电流，然后答题．
【解答】解：由图示图象可知，元件甲的电阻：R甲===5Ω；
串联电路电流处处相等，由图示图象可知，电流：I=0.2A时，
U甲=1V，U乙=2V，
两元件的串联电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V．
故答案为：5；0.2；2．
20．在家庭电路中，用测电笔辨别输电线时，能使氖管发光的是 火 线；为确保安全用电，电饭锅、电冰箱等使用三孔插座，其中一个插孔能将用电器的金属外壳与 大地 连接起来；熔丝被熔断的一个原因是电路中用电器总功率过大，而另一个原因是电路发生了 短路 ．
【考点】IQ：家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；IS：熔断器的作用及保险丝的选择方法．
【分析】（1）测电笔内部有一个阻值很大的电阻．使用试电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线或零线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线．
（2）三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的；三脚插头中有一根导线要与用电器金属外壳相连．目的就是为了防止触电．
（3）家庭电路电流过大的原因有两个：即短路和总功率过大．
【解答】解：（1）测电笔接触火线时，氖管发光；接触零线时，氖管不发光．
（2）为了安全用电，电饭锅、电冰箱等有金属外壳的家用电器的电源插座都用三孔插座，三脚插头的接地脚应与用电器的金属外壳相连通，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生．
（3）家庭电路电流过大的原因有两个：即短路和总功率过大．
故答案为：火；大地；短路．
21．如图所示电能表，表盘上标有“600revs/（kW•h）”的字样，将此电能表接入家庭电路中，关闭其它用电器，让空调机单独工作6min，电能表的转盘转过60转，则该空调机在上述时间内消耗的电能是 0.1 kW•h，功率是 1000 W．
【考点】JA：电功率的计算；J5：电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】600revs/（kW•h）表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转60r电路中消耗的电能，然后根据P=求出空调机的功率．
【解答】解：
转盘转动60转消耗电能：
W=kW•h=0.1kW•h；
空调机的功率：
P===1kW=1000W．
故答案为：0.1；1000．
22．如图是小华设计的一种节能灯电梯工作原理图，R是一个力敏电阻，当电梯上无人时，压敏电阻受到的压力变小，阻值变大，电磁铁的磁性变 弱 ，触电3与触点 1 （选填“1”或“2”）接触，电动机的转速变小，电梯变慢，从而达到节能目的．
【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．
【分析】本题中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电动机控制电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电动机中电压增大．
【解答】解：
由题知：压敏电阻受到的压力变小，阻值变大．
据图可知，当电梯上无人时，压力减小，R的阻值变大，电路中电流变小，电磁铁的磁性减弱，则衔铁在弹簧作用下被拉起，与触点3接触1，电动机与R1串联后电动机上的电压减小，电动机转速变慢．
故答案为：弱；1．
23．某物理兴趣小组想利用如图所示的装置比较铝和某种合金材料的导电性能．
（1）他们应该选用 横截面积 和长度都相同的铝丝和合金丝．
（2）在两个相同烧瓶中分别装入等质量的煤油，接通电路后，他们发现甲烧瓶中煤油的温度比乙烧瓶中煤油的温度升高得慢，这说明 铝 丝的导电性能较强．
【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案．
【分析】（1）控制变量法进行分析，即控制长度和横截面积相同，比较温度计的示数，示数变化快的导电性能就好；
（2）温度计示数变化慢的，说明该电阻阻值小，即其导电性能好．
【解答】解：（1）探究导电性能好坏，只要使导体的长度和横截面积相同，故选用长度和横截面积相同的铝丝和锰铜丝；
（2）串联电路处处电流相等，而甲烧瓶中铝丝的温度升高的慢，由Q=I2Rt可得，铝丝的电阻小，所以铝丝的导电性能好．
故答案为：横截面积；铝．
三、解答题（6分+6分+6分+6分+6分+8分+10分，共48分）
24．在如图所示的电路的O里填上适当的电表符号，使电阻R1与R2并联．
【考点】HO：电路图及元件符号．
【分析】两个电阻的两端已经能连到一起了，故上边的〇应是电压表，电阻并联后，应能接到电源上，故下边的〇是电流表．
【解答】解：根据电压表要并联使用和电流表要串联使用填写．上边的〇与R2并联，应是电压表，下边的〇与电源串联，应是电流表，如图所示．
25．按照题目要求作图．
请将图中的开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电．
【考点】IO：家庭电路的连接．
【分析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．两孔插座的接法：左孔接零线；右孔接火线．
【解答】解：安装安全用电原则，两孔插座的右孔与火线相连上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如下图所示：
26．如图所示，根据电源的正负极标出磁感线的方向、小磁针N、S极．
【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】首先据电源的正负极判断出电流的方向，再据安培定则判断出该通电螺线管的N、S极，然后可知磁感线的方向，而后再根据磁极间的作用规律判断出小磁针的N、S极即可．
【解答】解：据电源的正负极可知，电流应当从右端流入，左端流出，根据安培定则能判断出该螺线管的左端是N极，右端是S极；磁感线的特点：在磁体的外部，磁感线方向是由N极指向S极；再根据磁极间的作用规律可知，与螺线管N极靠近的右端是小磁针的S极，小磁针的左端是N极．如图所示：
27．如图所示，工人用滑轮组提升重200N的物体，所用的拉力为125N，物体在5s内匀速上升2m．求：
（1）绳子自由端移动的速度；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）拉力的功率．
【考点】6A：速度的计算；F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算．
【分析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，
（1）求出绳子自由端移动的距离s=2h，已知时间t，由速度公式可以求出速度；
（2）先求出有用功，然后求出总功，最后求出滑轮组的机械效率；
（3）求出拉力的功，已知拉力做功时间，由功率公式可求出拉力的功率．
【解答】解：（1）绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
绳子自由端移动的速度：v===0.8m/s；
答：绳子自由端移动的速度是0.8m/s．
（2）有用功W有=Gh=200N×2m=400J，
总功，即拉力做的功W=Fs=125N×4m=500J，
η=×100%=×100%=80%；
答：滑轮组的机械效率是80%．
（3）拉力的功率P===100W；
答：拉力的功率是100W．
28．如表为某品牌取暖用的油汀的铭牌，其内部电路如图所示，R1和R2均为电热丝，S1是温度自动控制开关（低温自动闭合，高温自动断开）．闭合开关S，30min内油汀消耗的电能为0.88kW•h．求：
额定电压
220V
额定
功率
低温挡
880W
高温挡
1980W
（1）通过R1的电流；
（2）电热丝R2的电阻；
（3）30min内开关S1闭合的时间为多少分钟．
【考点】JA：电功率的计算；J3：电功的计算．
【分析】（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，根据P=可知油汀功率较小，处于低温档，根据P=UI通过R1的电流；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，油汀功率较大，处于高温档，高温档和低温档的差值即为R2的电功率，根据P=求出电热丝R2的电阻；
（3）油汀处于低温档和高温档R1均工作，根据W=Pt求出R1消耗的电能，消耗的总电能减去R1消耗的电能即为R2消耗的电能，利用t=求出R2工作的时间，即为开关S1闭合的时间．
【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，油汀处于低温档，
由P=UI可知，通过R1的电流：
I1===4A；
（2）由电路图可知，闭合开关S、S1时，R1与R2并联，油汀处于高温档，
因电路中总功率等于各用电器功率之和，
所以，R2的电功率：
P2=P高温﹣P低温=1980W﹣880W=1100W，
由P=可得，电热丝R2的电阻：
R2===44Ω；
（3）油汀处于低温档和高温档R1均工作，
由P=可得，R1消耗的电能：
W1=P低温t=880×10﹣3kW×h=0.44kW•h，
R2消耗的电能：
W2=W﹣W1=0.88kW﹣0.44kW•h=0.44kW•h，
R2工作的时间：
t′===0.4h=24min．
答：（1）通过R1的电流为4A；
（2）电热丝R2的电阻为44Ω；
（3）30min内开关S1闭合的时间为24min．
29．为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲乙所示的实验装置来进行实验．
（1）图甲是让不同质量的小球沿同一斜面从同一高度B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出的结论是： 速度相同时，物体的质量越大，动能越大 ；
（2）图乙是让质量相同的小球沿同一斜面分别从不同高度A、B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景．据此你能得出结论是： 质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大 ；
（3）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？ 不能 ；理由是 木块作匀速直线运动，无法通过木块运动距离长短来比较小车动能大小 ．
（4）实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大？于是利用上述器材进行了实验测定，得到
序号
小球质量m/g
小球自由滚下高度h/cm
木块被撞后运到距离s/m
1
30
10
4
2
30
20
16
3
60
10
8
（a）为了探究“超载”隐患时，应选择 1、3 序号的实验进行比较．
（b）分析表格中对应的数据可知： 速度 对物体的动能影响更大，即当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．
【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素．
【分析】（1）分析图甲，两小球的质量不同，可探究动能与质量的关系；
（2）分析图乙，小球滚下的高度不同，到达水平面的速度不同，可探究动能与速度的关系；
（3）由牛顿第一定律内容分析回答；
（4）研究超载危害，应控制速度相等，即小球下滑的高度相同而质量不同，分析表中实验数据，然后答题；应用控制变量法，分析表中实验数据，然后答题．
【解答】解：
（1）图甲，两小球滚下高度相同，速度相同，两小球的质量不同，探究的是动能与质量的关系，得出的结论是，速度相同时，物体的质量越大，动能越大；
（2）图乙两小球的质量相等，滚下的高度不同，探究的是动能与速度的关系；
图乙中两小球的质量相同，滚下的高度越大，到达水平面的速度越大，将木块推得越远，得出的结论是：质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；
（3）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知木块将永远运动下去，木块通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定，所以铁球动能的大小就无法比较；
（4）研究超载隐患时，应控制小球下滑的高度相同而质量不同，由表中实验数据可知，应选择1、3两个序号的实验进行比较；
由表中实验数据可知，在同等条件下速度对物体的动能影响更大，当发生交通事故时，由此造成的危害更严重．
故答案为：（1）速度相同时，物体的质量越大，动能越大；（2）质量相同时，物体运动的速度越大，动能越大；（3）不能；木块作匀速直线运动，无法通过木块运动距离长短来比较小车动能大小；（4）1、3；速度．
30．如图甲所示是某实验小组探究“电流与电压、电阻关系”的电路图．使用的实验器材有：电压为6V的电源，电流表、电压表各一个，开关一个，5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω，1A”的滑动变阻器一个，导线若干．
（1）探究电流与电压的关系时，所测得的部分电流、电压值见表1．在第2次实验中，电流表的示数如图乙所示，则通过电阻的电流为 0.3 A．根据表1数据可得到结论： 在电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比 ．
表1
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.0
1.5
2.0
电流I/A
0.2
0.4
表2
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.4
0.2
0.15
（2）探究电流与电阻的关系时，所测得的几组电流、电压值如表2所示，
①由于操怍不当，导致一组数据存在错误，请判断第 3 次实验的数据存在错误．产生错误的原因是 滑动变阻器滑片没有调节就读数了 ，正确的数据应该是 0.1 A．
②纠正错误以后，该小组用40Ω的电阻替换20Ω的电阻进行了第4次实验，发现实验无法进行下去，为完成第4次实验，同学们提出了下列解决方案，其中正确的是 C ．
A．将电压表的量程换为0～15VB．换成电压为12V的电源
C．更换最大阻值大于或等于80Ω的滑动变阻器
D．可将定值电阻两端的电压调为1.5V．
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）看清量程和分度值读出电流表的示数；探究电流与电压关系时，保持电阻不变，分析表中数据得出结论；
（2）①探究电流与电阻关系时，要保持电压一定，分析表中数据得出结论；
②根据滑动变阻器分压和串联电路电流相等特点分析解答．
【解答】解：（1）电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，分析表一数据可知，当电阻一定时，导体中电流与其两端电压成正比；
（2）①当接入电阻R2=10Ω时，电路中的电流为I2=0.2A，电阻两端的电压为：U2=I2R2=10Ω×0.2A=2V；
此时滑动变阻器接入的阻值为R===20Ω，
将R2换为R3=20Ω时，滑动变阻器滑片位置不动，此时电流中的电流为I===0.15A，故第3次实验时，没有移动滑片就读电流表示数了，由于电压一定时，导体中的电流与其电阻成反比，故应该为0.1A；
②纠正错误以后，该小组用40Ω的电阻替换20Ω的电阻进行了第4次实验，
当R4=40时，由于保持电阻两点电压为UR=2V不变，则滑动变阻器两端分的电压为U′=U﹣UR=6V﹣2V=4V，
此时电流为IR=I′===0.05A，则滑动变阻器需要接入的阻值为：R′===80Ω＞40Ω，此时滑动变阻器的阻值不能满足要求，故应换用以更大阻值的变阻器，故选C．
故答案为：（1）0.3；在电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比；（2）①3；没有保持R两端的电压一定；0.1A；②C．
31．在“测量小灯泡的功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）如图甲是小明测量小灯泡额定功率的实物电路图（不完整）．请用笔画线代替导线将实物电路图连接完整．
（2）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于 B （选填“A”或“B”）端．
（3）连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，小灯泡不发光，电压表的示数为零．进一步观察并检查电路，发现电压表、电流表、导线及其连接均完好．针对电路中出现的小灯泡不发光的故障现象，他提出了如下猜想：①小灯泡短路；②小灯泡的灯丝断了；③滑动变阻器断路．根椐故障现象，猜想 ② （填序号，下同）是错误的．如果观察到电流表有示数，则猜想 ① 是正确的．
（4）排除故障，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时应将滑片P向
A （选填“A”或“B”）端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率．
（5）小平打算增加一个阻值为10Ω的定值电阻R0，只利用一只电表，通过图中操作（开关S接“a”、”b”各一次）来测量小灯泡的额定功率．图丙、丁是她设计的两种不同方案的电路图，则以下判断正确的是 B （填字母）．
A．两种方案都能 B．两种方案都不能
C．丙方案能，丁方案不能 D．丙方案不能，丁方案能．
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】（1）电压表选用小量程，注意电表正负接线柱和滑动变阻器接线柱的接法；
（2）滑动变阻器滑片应置于阻值最大的位置；
（3）对每个猜想所出现的现象逐一分析，确定与题目条件不符合与相符合的猜想；
（4）认清电压表小量程的分度值读数，比较读数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；
（5）开关S接“a”、”b”各一次，根据电路图，确定能否使小灯泡正常发光，若不能，则无法测量小灯泡的额定电功率．
【解答】解：（1）小灯泡的额定功率为2.5V＜3V，电压表选用小量程，注意电表正负接线柱和滑动变阻器接线柱的接法，如右图所示；
（2）滑动变阻器滑片以左电阻丝连入电路，故应将滑片置于B端；
（3）①连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，如果小灯泡短路，小灯泡不发光，相当于一根导线，电压表示数为0，电流表有示数；
②如果小灯泡的灯丝断了，则电压表与电路中其它元件串联，因电压表内阻很大，根据欧姆定律和分压原理，电流表示数接近0，电压表示数接近电源电压，小灯泡分得的电压很小，不发光；
③如果滑动变阻器断路，则电压表、电流表均无示数，小灯泡不发光；
所以，连接好电路后，闭合开关，小明发现移动滑动变阻器滑片P，电路中出现小灯泡不发光，电压表示数为零，猜想②是错误的；
如果观察到电流表有示数，则猜想①是正确的；
（4）电压表小量程的分度值为0.1V，示数为1.4V，所以，应增加灯两端的电压减小滑动变阻器的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻，所以，应将滑片P向A端移到合适位置，读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率；
（5）图丙中，无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，丙方案不能测定小灯泡的额定电功率；
丁方案中，R0、小灯泡、变阻器三者串联，S接a时，电压表测定值电阻的电压，S接b时测灯和定值电阻的总电压，都无法确定小灯泡是否正常发光，丁方案不能测定小灯泡的额定电功率．所以，两种方案都不能测出小灯泡的额定功率．
故选B．
故答案为：（1）如上图所示；
（2）B；
（3）②；①
（4）A；
（5）B．
32．阅读下面短文，回答问题．
电热膜
电热膜是一种新型的电热器件，如图甲所示是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图乙所示．
电热膜通电工作时没有发红、炽热或发光现象的产生．它与被加热的物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体，所以电热膜本身的温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域的导电墨线厚度不均匀的现象，厚的导电墨线电阻小．导电墨线的电阻随温度变化的关系如图丙所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重的发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀．
（1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过 热传递 方式增加空气内能的．
（2）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图丁中A部分，这根导电墨线的电阻会 A
A．变大 B．变小 C．不变 D．以上三种情况均有可能
（3）与传统的电热丝加热器相比，电热膜取暖器的发热效率高，原因是 通电工作时，没有发红、炽热现象 ．
（4）将图戊中一块电热膜接入电路，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA ＜ IB（选填“＞”、“＜”或“=”）．
（5）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而 增大 ，温度高时发热功率 减小 ．（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【考点】GA：热传递改变物体内能；H@：并联电路的电流规律．
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的；
（2）影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积；
（3）电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产生，它与被加热物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体；
（4）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
（5）根据图象分析导电墨线电阻随温度变化的关系得出结论．
【解答】解：（1）电热膜取暖器工作时放出热量，室内空气吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式使得室内温度升高；
（2）A部分的凹形会导致横截面积变小，电阻变大；
（3）此题可以从原文中获取答案：电热膜通电工作时，没有发红、炽热现象；
（4）因为墨线是并联的．如图中，若通过每条墨线的电流为I，则IA=3I，IB=9I，因此IA＜IB ；
（5）从丙图可以看出随温度升高而增大，发热功率减小；
故答案为：（1）热传递；（2）A；（3）通电工作时，没有发红、炽热现象；（4）＜；（5）增大；减小．
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